Bài tập trắc nghiệm Hóa 12 có đáp án Bài tập trắc nghiệm Chương 1. Este - Lipid

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Este - Lipit hay và khó (phần 2) - Hóa 12

Làm bài tập

Đề bài

Câu 1 :

Đun nóng m gam chất hữu cơ (X) chứa C, H, O với 100 ml dung dịch NaOH 2M đến khi phản ứng xảy ra hoàn toàn. Để trung hòa lượng NaOH dư cần 40 ml dung dịch HCl 1M. Làm bay hơi cẩn thận dung dịch sau khi trung hòa, thu được 7,36 gam hỗn hợp 2 ancol đơn chức (Y), (Z) và 15,14 gam hỗn hợp 2 muối khan, trong đó có một muối của axit cacboxylic (T). Kết luận nào sau đây đúng?

A.

Chất hữu cơ X có chứa 14 nguyên tử hiđro.
B.

Ancol (Y) và (Z) là 2 chất đồng đẳng liên tiếp với nhau.
C.

Số nguyên tử cacbon trong axit (T) bằng một nửa số nguyên tử cacbon trong chất hữu cơ X.
D.

Axit (T) có chứa 2 liên kết đôi trong phân tử.

Câu 2 :

Hỗn hợp E gồm bốn este đều có công thức C₈H₈O₂ và có vòng benzen. Cho m gam E tác dụng tối đa với 200 ml dung dịch NaOH 1M (đun nóng) thu được hỗn hợp X gồm các ancol và 20,5 gam hỗn hợp muối. Cho toàn bộ X vào bình đựng Na dư, sau khi phản ứng kết thúc, khối lượng chất rắn trong bình tăng 6,9 gam so với ban đầu. Giá trị của m là

A.

16,32
B.

8,16
C.

20,40
D.

13,60

Câu 3 :

Hỗn hợp E gồm X, Y là hai axit đồng đẳng kế tiếp; Z, T là 2 este (đều hai chức, mạch hở; Y và Z là đồng phân của nhau; M_T – M_Z = 14). Đốt cháy hoàn toàn 12,84 gam E cần vừa đủ 0,37 mol O₂, thu được CO₂ và H₂O. Mặt khác, cho 12,84 gam E phản ứng vừa đủ với 220 ml dung dịch NaOH 1M. Cô cạn dung dịch sau phản ứng, thu được hỗn hợp muối khan G của các axit cacboxylic và 2,8 gam hỗn hợp 3 ancol có cùng số mol. Khối lượng muối của axit có phân tử khối lớn nhất trong G là

A.

6,48 gam.
B.

4,86 gam.
C.

2,68 gam.
D.

3,24 gam.

Câu 4 :

X, Y, Z là ba axit cacboxylic đơn chức cùng dãy đồng đẳng (M_X < M_Y < M_Z), T là este tạo bởi X, Y, Z với một ancol no, ba chức, mạch hở E. Đốt cháy hoàn toàn 26,6 gam hỗn hợp M gồm X, Y, Z, T (trong đó Y và Z có cùng số mol) bằng lượng vừa đủ khí O₂, thu được 22,4 lít CO₂ (đktc) và 16,2 gam H₂O. Mặt khác, đun nóng 26,6 gam M với lượng dư dung dịch AgNO₃/NH₃, sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được 21,6 gam Ag. Mặt khác, cho 13,3 gam M phản ứng hết với 400 ml dung dịch NaOH 1M và đun nóng, thu được dung dịch N. Cô cạn dung dịch N thu được m gam chất rắn khan. Giá trị của m gần nhất với

A.

20
B.

25
C.

30
D.

27

Câu 5 :

X, Y là hai axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở, đồng đẳng kế tiếp (M_X < M_Y), T là este tạo bởi X, Y với một ancol 2 chức Z. Đốt cháy hoàn toàn 3,21 gam hỗn hợp M gồm X, Y, Z, T bằng một lượng vừa đủ O₂, thu được 2,576 lít CO₂ (đktc) và 2,07 gam H₂O. Mặt khác, 3,21 gam M phản ứng vửa đủ với 200 ml dung dịch KOH 0,2M, đun nóng. Phát biểu nào sau đây sai?

A.

Thành phần % theo số mol của Y trong M là 12,5%.
B.

Tổng số nguyên tử hiđro trong hai phân tử X và Y bằng 6.
C.

Tổng số nguyên tử cacbon trong phân tử T bằng 6.
D.

X không làm mất màu nước brom.

Câu 6 :

Xà phòng hóa hoàn toàn 0,1 mol một este E đơn chức, mạch hở bằng 26 gam dung dịch MOH 28% (M là kim loại kiềm) rồi tiến hành chưng cất sản phẩm thu được 26,12 gam chất lỏng và 12,88 gam chất rắn khan Y. Nung chất rắn Y trong bình kín với lượng oxi vừa đủ, sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được khí CO₂, hơi nước và 8,97 gam một muối duy nhất.

Cho các phát biểu liên quan tới bài toán:

(1) Thể tích CO₂ (ở đktc) thu được 5,264 lít.

(2) Tổng số nguyên tử C, H, O có trong một phân tử E là 21.

(3) Este E tạo bởi ancol có phân tử khối là 74.

(4) Este E có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc.

Trong các phát biểu trên, số phát biểu đúng là:

A.

4
B.

3
C.

1
D.

2

Câu 7 :

Xà phòng hóa hoàn toàn m gam một este no, đơn chức, mạch hở E bằng 26 gam dung dịch MOH 28% (M là kim loại kiềm). Cô cạn hỗn hợp sau phản ứng thu được 24,72 gam chất lỏng X và 10,08 gam chất rắn khan Y. Đốt cháy hoàn toàn Y, thu được CO₂, H₂O và 8,97 gam muối cacbonat khan. Mặt khác, cho X tác dụng với Na dư, thu được 12,768 lít khí H₂ (đktc). Phần trăm khối lượng muối trong Y có giá trị gần nhất với

A.

85,0
B.

85,5
C.

84,0
D.

83,0

Câu 8 :

X, Y, Z là 3 este đều đơn chức, mạch hở (trong đó Y và Z không no chứa một liên kết C = C và có tồn tại đồng phân hình học). Đốt cháy 21,62 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z với oxi vừa đủ, sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch Ca(OH)₂ dư thấy khối lượng dung dịch giảm 34,5 gam so với trước phản ứng. Mặt khác, đun nóng 21,62 gam E với 300 ml dung dịch NaOH 1M (vừa đủ), thu được hỗn hợp F chỉ chứa 2 muối và hỗn hợp gồm 2 ancol kế tiếp thuộc cùng dãy đồng đẳng. Khối lượng của muối có khối lượng phân tử lớn hơn trong hỗn hợp F là

A.

8,64 gam.
B.

9,72 gam.
C.

4,68 gam.
D.

8,10 gam.

Câu 9 :

X là este đơn chức, không no chứa một liên kết đôi C=C, Y là este no, hai chức (X, Y đều mạch hở). Đốt cháy hoàn toàn 46,32 gam hỗn hợp E chứa X, Y cần dùng 1,92 mol O₂. Mặt khác đun nóng 46,32 gam E cần dùng 660 ml dung dịch KOH 1M, thu được một ancol duy nhất và hỗn hợp chứa muối kali của hai axit cacboxylic. Tổng số nguyên tử H có trong phân tử X và Y là

A.

16
B.

12
C.

14
D.

18

Câu 10 :

X và Y là hai axit cacboxylic đều mạch hở; Z là ancol no; T là este hai chức, mạch hở được tạo bởi X, Y, Z. Đun nóng 38,86 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z, T với 400 ml dung dịch NaOH 1M vừa đủ thu được ancol Z và hỗn hợp F gồm hai muối có tỉ lệ mol 1 : 1. Dẫn toàn bộ Z qua bình đụng Na dư thấy khối lượng bình tăng 19,24 gam, đồng thời thu được 5,824 lít khí H₂ (đktc). Đốt cháy hoàn toàn F cần dùng 0,7 mol O₂ thu được CO₂, Na₂CO₃ và 0,4 mol H₂O. Phần trăm khối lượng của T trong E là

A.

50,82%.
B.

13,9%.
C.

26,4%.
D.

8,88%.

Câu 11 :

Đun nóng m gam chất hữu cơ (X) chứa C, H, O với 100 ml dung dịch NaOH 2,5M đến khi phản ứng xảy ra hoàn toàn. Để trung hòa lượng NaOH dư cần 50 ml dung dịch HCl 1M. Làm bay hơi cẩn thận dung dịch sau khi trung hòa, thu được 7,8 gam hỗn hợp 2 ancol đơn chức (Y), (Z) và 17,725 gam hỗn hợp 2 muối khan, trong đó có một muối của axit cacboxylic (T). Công thức của X là

A.

CH₃OOC-CH=CH-COOCH₂-CH₂-CH₃
B.

CH₃OOC-CH=CH-COOCH₂CH₃
C.

CH₃OOC-CH₂-COOCH₂-CH₂-CH₃
D.

CH₃OOC-CH₂-COOCH₂-CH₃.

Câu 12 :

Hỗn hợp E gồm bốn este đều có công thức C₈H₈O₂ và có vòng benzen. Cho m gam E tác dụng tối đa với 100 ml dung dịch NaOH 4,5M (đun nóng) thu được hỗn hợp X gồm các ancol và 47,45 gam hỗn hợp muối. Cho toàn bộ X vào bình đựng Na dư, sau khi phản ứng kết thúc, khối lượng chất rắn trong bình tăng 8,5 gam so với ban đầu. Giá trị của m là

A.

40,8
B.

30,3
C.

20,40
D.

13,60

Câu 13 :

Hỗn hợp E gồm X, Y là hai axit đồng đẳng kế tiếp; Z, T là 2 este (đều hai chức, mạch hở; Y và Z là đồng phân của nhau; M_T – M_Z = 14). Đốt cháy hoàn toàn 41,1 gam E cần vừa đủ 1,295 mol O₂, thu được CO₂ và H₂O. Mặt khác, cho 41,1 gam E phản ứng vừa đủ với 200 ml dung dịch NaOH 3,4M. Cô cạn dung dịch sau phản ứng, thu được hỗn hợp muối khan G của các axit cacboxylic và 16,8 gam hỗn hợp 3 ancol có cùng số mol. Khối lượng của X là

A.

6,48 gam.
B.

5,2 gam.
C.

4,8 gam.
D.

3,24 gam.

Câu 14 :

X, Y là hai axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở, đồng đẳng kế tiếp (M_X < M_Y), T là este tạo bởi X, Y với một ancol 2 chức no, mạch hở Z. Đốt cháy hoàn toàn 37,6 gam hỗn hợp M gồm X, Y, Z, T bằng một lượng vừa đủ O₂, thu được 1,3 mol CO₂ và 1,4 mol gam H₂O. Mặt khác 37,6 gam M phản ứng vửa đủ với 100 ml dung dịch KOH 5M, đun nóng. Phát biểu nào sau đây đúng?

A.

Thành phần % theo số mol của Y trong M là 12,5%.
B.

Tổng số nguyên tử hiđro trong hai phân tử X và Y bằng 6.
C.

Tổng số nguyên tử cacbon trong phân tử T bằng 6.
D.

X không làm mất màu nước brom.

Câu 15 :

X, Y, Z là ba axit cacboxylic no,đơn chức, mạch hở cùng dãy đồng đẳng (M_X < M_Y < M_Z), T là este tạo bởi X, Y, Z với một ancol no, ba chức, mạch hở E. Đốt cháy hoàn toàn 24,42 gam hỗn hợp M gồm X, Y, Z, T (trong đó Y và Z có cùng số mol) bằng lượng vừa đủ khí O₂, thu được 20,384 lít CO₂ (đktc) và 14,94 gam H₂O. Mặt khác, đun nóng 20,384 gam M với lượng dư dung dịch AgNO₃/NH₃, sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được 19,44gam Ag. Mặt khác, cho 12,21 gam M phản ứng hết với 200 ml dung dịch NaOH 1M và đun nóng, thu được dung dịch N. Cô cạn dung dịch N thu được m gam chất rắn khan. Giá trị của m gần nhất với

A.

18
B.

20
C.

25
D.

27

Câu 16 :

Xà phòng hóa hoàn toàn 0,15 mol một este E đơn chức, mạch hở bằng 32g gam dung dịch MOH 25% (M là kim loại kiềm) rồi tiến hành chưng cất sản phẩm thu được 30,9 gam chất lỏng và 14,3 gam chất rắn khan Y. Nung chất rắn Y trong bình kín với lượng oxi vừa đủ, sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được khí CO₂, hơi nước và 10,6 gam một muối duy nhất. Số mol MOH dư là

A.

0,02.
B.

0,03
C.

0,05.
D.

0,1.

Câu 17 :

Xà phòng hóa hoàn toàn m gam một este no, đơn chức, mạch hở E bằng 36 gam dung dịch MOH 20% (M là kim loại kiềm). Cô cạn hỗn hợp sau phản ứng thu được 33,4 gam chất lỏng X và 12,8 gam chất rắn khan Y. Đốt cháy hoàn toàn Y, thu được CO₂, H₂O và 9,54 gam muối cacbonat khan. Mặt khác, cho X tác dụng với Na dư, thu được 19,04 lít khí H₂ (đktc). Phần trăm khối lượng muối trong Y có giá trị gần nhất với

A.

80
B.

85,5
C.

84,0
D.

83,0

Câu 18 :

X, Y, Z là 3 este đều đơn chức, mạch hở (trong đó Y và Z không no chứa một liên kết C = C). Đốt cháy 20,3 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z với oxi vừa đủ, sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch Ca(OH)₂ dư thấy khối lượng dung dịch giảm 36,9 gam so với trước phản ứng. Mặt khác, đun nóng 20,3 gam E với 100 ml dung dịch NaOH 2,5M (vừa đủ), thu được hỗn hợp F chỉ chứa 2 muối và hỗn hợp gồm 2 ancol kế tiếp thuộc cùng dãy đồng đẳng. Khối lượng của muối có khối lượng phân tử lớn hơn trong hỗn hợp F là

A.

7,05 gam.
B.

14,1 gam.
C.

16,3 gam.
D.

8,10 gam.

Câu 19 :

X là este đơn chức, không no chứa một liên kết đôi C=C, Y là este no, hai chức (X, Y đều mạch hở). Đốt cháy hoàn toàn 29 gam hỗn hợp E chứa X, Y cần dùng 28 lít O₂ đktc. Mặt khác đun nóng 29 gam E cần dùng 100 ml dung dịch NaOH 4M, thu được một ancol duy nhất và hỗn hợp chứa muối natri của hai axit cacboxylic. Tổng số nguyên tử C có trong phân tử X và Y là

A.

6
B.

4
C.

8
D.

5

Câu 20 :

X và Y là hai axit cacboxylic đều mạch hở; Z là ancol no; T là este hai chức, mạch hở được tạo bởi X, Y, Z. Đun nóng 48,4 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z, T với 600 ml dung dịch NaOH 1M vừa đủ thu được ancol Z và hỗn hợp F gồm hai muối có tỉ lệ mol 1 : 1. Dẫn toàn bộ Z qua bình đụng Na dư thấy khối lượng bình tăng 12 gam, đồng thời thu được 4,48 lít khí H₂ (đktc). Đốt cháy hoàn toàn F cần dùng 1,5 mol O₂ thu được CO₂, Na₂CO₃ và 0,9 mol H₂O. Phần trăm khối lượng của T trong E là

A.

50,82%.
B.

15,8%.
C.

32,64%.
D.

40%.

Câu 21 :

Hỗn hợp X gồm một axit cacboxylic hai chức, no, mạch hở, hai ancol no đơn chức kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng và một đieste tạo bởi axit và 2 ancol đó. Đốt cháy hoàn toàn 4,84 gam X thu được 7,26 gam CO₂ và 2,7 gam nước. Mặt khác, đun nóng 4,84 gam X trên với 80 ml dung dịch NaOH 1M, sau phản ứng xảy ra hoàn toàn thêm vừa đủ 10 ml dung dịch HCl 1M để trung hòa lượng NaOH dư thu được dung dịch Y. Cô cạn dung dịch Y thu được m gam muối khan, đồng thời thu được 896 ml hỗn hợp ancol (ở điều kiện tiêu chuẩn) có tỉ khối hơi so với H₂ là 19,5. Giá trị của m gần nhất với số nào sau đây

A.
4,6
B.
4,5
C.
5,5
D.
5,7

Câu 22 :

Cho 0,08 mol hỗn hợp X gồm bốn este mạch hở phản ứng vừa đủ với 0,17 mol H₂ (xúc tác Ni, t^o), thu được hỗn hợp Y. Cho toàn bộ Y phản ứng vừa đủ với 110 ml dung dịch NaOH 1M, thu được hỗn hợp Z gồm hai muối của hai axit cacboxylic no có mạch cacbon không phân nhánh và 6,88 gam hỗn hợp T gồm hai ancol no, đơn chức. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 0,01 mol X cần vừa đủ 0,09 mol O₂. Phần trăm khối lượng của muối có phân tử khối lớn hơn trong Z là

A.
32,88%
B.
58,84%
C.
50,31%
D.
54,18%

Câu 23 :

Este X hai chức, mạch hở, tạo bởi một ancol no với hai axit cacboxylic no, đơn chức. Este Y ba chức, mạch hở tạo bởi glixerol với một axit cacboxylic không no, đơn chức (phân tử có hai liên kết π). Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp E gồm X và Y cần vừa đủ 0,5 mol O₂ thu được 0,45 mol CO₂. Mặt khác, thủy phân hoàn toàn 0,16 mol E cần vừa đủ 210 ml dung dịch NaOH 2M thu được hai ancol (có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử) và hỗn hợp ba muối, trong đó tổng khối lượng hai muối của hai axit no là a gam.

Giá trị của a là:

Câu 24 :

Hỗn hợp M gồm 3 este đơn chức X, Y, Z (M_X < M_Y < M_Z và số mol của Y bé hơn số mol X) tạo thành từ cùng một axit cacboxylic (phân tử chỉ có nhóm COOH) và ba ancol no (số nguyên tử C trong phân tử mỗi ancol nhỏ hơn 4). Thủy phân hoàn toàn 34,8 gam M bằng 490 ml dung dịch NaOH 1M (dư 40% so với lượng phản ứng). Cô cạn hỗn hợp sau phản ứng thu được 38,5 gam chất rắn khan. Mặt khác, nếu đốt cháy hoàn toàn 34,8 gam M thì thu được CO₂ và 23,4 gam H₂O.

Thành phần phần trăm theo khối lượng Y trong M là:

Câu 25 :

Cho hỗn hợp E gồm hai este mạch hở, không nhánh X, Y (M_X < M_Y) tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH, thu được ancol Z và 10,76 gam hỗn hợp muối T. Cho toàn bộ Z vào bình chứa Na dư thấy có 0,08 mol khí H₂ thoát ra và khối lượng bình tăng 7,2 gam so với ban đầu. Đốt cháy hoàn toàn T, thu được Na₂CO₃, H₂O và 0,08 mol CO₂.

Phần trăm khối lượng của X trong E là:

Câu 26 :

Hai este X, Y có cùng công thức phân tử C₈H₈O₂ và chứa vòng benzen trong phân tử. Cho 6,8 gam hỗn hợp gồm X và Y tác dụng với dung dịch NaOH dư, đun nóng, lượng NaOH phản ứng tối đa là 0,06 mol, thu được dung dịch Z chứa 4,7 gam ba muối.

Khối lượng muối của axit cacboxylic có phân tử khối lớn hơn trong Z là:

Câu 27 :

Hai este X, Y có cùng công thức phân tử C₈H₈O₂ và chứa vòng benzen. Cho 0,25 mol hỗn hợp gồm X và Y tác dụng tối đa với 0,3 mol NaOH trong dung dịch, thu được dung dịch Z chứa 23,5 gam ba muối.

Khối lượng muối của phenol có trong Z là:

Câu 28 :

Cho 5,94 gam hỗn hợp E gồm hai este mạch hở X và Y (đều tạo bởi axit cacboxylic và ancol, M_X < M_Y < 150) tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH, thu được ancol Z và 6,74 gam hỗn hợp muối T. Cho toàn bộ Z tác dụng với một lượng dư Na thu được 1,12 lít khí H₂ (đktc). Đốt cháy toàn bộ T thu được H₂O, Na₂CO₃ và 0,05 mol CO₂.

Phần trăm khối lượng của X trong E là:

Câu 29 :

Hỗn hợp X gồm 2 este đơn chức (không chứa nhóm chức nào khác). Cho 0,08 mol X tác dụng hết với dung dịch AgNO₃/NH₃ thu được 0,16 mol Ag. Mặt khác thủy phân hoàn toàn 0,08 mol X bằng dung dịch NaOH dư thu được dung dịch chứa 9,34 gam hỗn hợp 2 muối và 1,6 gam CH₃OH.

Phần trăm khối lượng este có phân tử khối lớn hơn trong X là:

Câu 30 :

Đốt cháy hoàn toàn 6,46 gam hỗn hợp E gồm ba este no, mạch hở X, Y, Z (đều tạo bởi axit cacboxylic và ancol, M_X < M_Y < M_Z < 248) cần vừa đủ 0,235 mol O₂, thu được 5,376 lít khí CO₂. Cho 6,46 gam E tác dụng hết với dung dịch NaOH (lấy dư 20% so với lượng phản ứng) rồi chưng cất dung dịch, thu được hỗn hợp hai ancol đồng đẳng kế tiếp và hỗn hợp chất rắn khan T. Đốt cháy hoàn toàn T, thu được Na₂CO₃, CO₂ và 0,18 gam H₂O.

Phân tử khối của Y là:

Câu 31 :

Hỗn hợp E gồm ba este no, mạch hở X, Y, Z (M_X < M_Y < M_Z) trong đó có hai este đơn chức và một este hai chức). Đốt cháy hoàn toàn 10,86 gam E trong O₂ thu được H₂O và 0,44 mol CO₂. Mặt khác, cho 10,86 gam E phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH, thu được hỗn hợp T gồm ba ancol và dung dịch chứa 11,88 gam hỗn hợp hai muối của 2 axit đồng đẳng kế tiếp. Toàn bộ T cho vào bình đựng Na dư, sau phản ứng thấy khối lượng bình tăng 4,83 gam.

Phần trăm khối lượng của Y trong E là:

Câu 32 :

Hỗn hợp E gồm ba este đều đơn chức X, Y, Z (M_X < M_Y < M_Z). Cho 0,09 mol hỗn hợp E tác dụng với một lượng vừa đủ tối đa 0,11 lít dung dịch NaOH 1M, cô cạn hỗn hợp sau phản ứng thu được hỗn hợp hơi G gồm một anđehit, một ancol và phần rắn chứa 9,7 gam 2 muối. Chia G thành 2 phần bằng nhau: Phần một cho vào dung dịch AgNO₃ dư/NH₃ thu được 4,32 gam Ag. Đốt cháy hoàn toàn phần 2, thu được 0,07 mol CO₂.

Phần trăm khối lượng của este Y trong E là:

Câu 33 :

Hỗn hợp E gồm 2 este: X đơn chức và Y hai chức (X, Y chỉ chứa nhóm chức este, mạch hở). Đốt cháy hoàn toàn m gam E trong oxi dư thu được 1,85 mol CO₂. Mặt khác, m gam E tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH thu được 37 gam hỗn hợp Z gồm 2 muối và hỗn hợp T gồm 2 ancol (2 ancol đều có khả năng tách nước tạo anken). Đốt cháy hoàn toàn 37 gam hỗn hợp Z thu được H₂O, 0,275 mol CO₂ và 0,275 mol Na₂CO₃. Phần trăm khối lượng của Y trong E gần nhất với giá trị nào sau đây?

A.

76%.
B.

74%.
C.

73%.
D.

75%.

Câu 34 :

Cho 9,38 gam hỗn hợp X₁ gồm: đimetyl ađipat; anlyl axetat; glixerol triaxetat và phenyl benzoat thủy phân hoàn toàn trong dung dịch KOH dư, đun nóng, thu được a gam hỗn hợp muối và 2,43 gam hỗn hợp X₂ gồm các ancol. Cho toàn bộ hỗn hợp X₂, thu được ở trên tác dụng với K dư, thu được 0,728 lít H₂ (ở đktc). Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 9,38 gam hỗn hợp X₁ bằng O₂ dư, thu được 11,312 lít CO₂ (ở đktc) và 5,4 gam H₂O. Giá trị a gần nhất với giá trị nào sau đây?

A.

12,47
B.

15,6
C.

11,5
D.

14,3

Câu 35 :

X, Y là hai este đều đơn chức, mạch hở, trong phân tử có 2 liên kết π, (M_X < M_Y); Z là este no, hai chức, mạch hở. Đun nóng hỗn hợp E chứa X, Y, Z với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được hỗn hợp M chứa 2 muối và hỗn hợp G chứa 2 ancol đồng đẳng kế tiếp. Đun nóng toàn bộ G với H₂SO₄ đặc ở 140^oC (giả sử hiệu suất đạt 100%) thu được 19,35 gam hỗn hợp 3 ete. Đốt cháy toàn bộ M cần dùng 1,675 mol O₂, thu được CO₂, 0,875 mol H₂O và 0,375 mol Na₂CO₃.

Phần trăm khối lượng của Y có trong hỗn hợp E là:

Câu 36 :

Cho 35,04 gam hỗn hợp X gồm ba este đều đơn chức tác dụng tối đa với 560 ml dung dịch NaOH 1,0M thu được a gam hỗn hợp Y gồm hai ancol no, mạch hở và b gam hỗn hợp muối Z (phân tử các muối chỉ chứa một nhóm chức). Đun nóng a gam Y với H₂SO₄ đặc ở 140^oC thu được 6,64 gam hỗn hợp T gồm ba ete. Hóa hơi hoàn toàn lượng T nói trên thu được thể tích hơi bằng thể tích của 3,36 gam N₂ (ở cùng điều kiện nhiệt độ, áp suất). Biết các phản ứng đều xảy ra hoàn toàn.

Cho biết nguyên tử khối của các nguyên tố: H = 1; C = 12; N= 14; O = 16; Na = 23; S = 32.)

Giá trị của b bằng:

Câu 37 :

Hỗn hợp E gồm ba este mạch hở, đều có bốn liên kết pi (π) trong phân tử, trong đó có một este đơn chức là este của axit metacrylic và hai este hai chức là đồng phân của nhau. Đốt cháy hoàn toàn 12,22 gam E bằng O₂, thu được 0,37 mol H₂O. Mặt khác, cho 0,36 mol E phản ứng vừa đủ với 234 ml dung dịch NaOH 2,5M, thu được hỗn hợp X gồm các muối của các axit cacboxylic không no, có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử; hai ancol không no, đơn chức có khối lượng m₁ gam và một ancol no, đơn chức có khối lượng m₂ gam. Tỉ lệ m₁ : m₂ có giá trị gần nhất với giá trị nào sau đây?

A.

2,7
B.

1,1
C.

4,7
D.

2,9

Lời giải và đáp án

Câu 1 :

A.

Chất hữu cơ X có chứa 14 nguyên tử hiđro.
B.

Ancol (Y) và (Z) là 2 chất đồng đẳng liên tiếp với nhau.
C.

Số nguyên tử cacbon trong axit (T) bằng một nửa số nguyên tử cacbon trong chất hữu cơ X.
D.

Axit (T) có chứa 2 liên kết đôi trong phân tử.

Đáp án : C

Phương pháp giải :

+) Xác định hỗn hợp muối khan thu được gồm muối của axit cacboxylic (T) và NaCl
+) Biện luận X có dạng: R₁OOC-R-COOR₂

+)${m_{R{{\left( {COONa} \right)}_2}}}$ = m _muối - m_NaCl

+) Tính n_NaOH phản ứng với X => tính số mol muối R(COONa)₂ => R
+) ${n_{{R_1}OH}} = {n_{{R_2}OH}} = {n_{este}} = \dfrac{{{n_{NaOH}}}}{2}$ => M_{hỗn hợp ancol} => 2 ancol
+) Từ CTPT của 2 ancol và của muối => CTPT của X
Biện luận và tìm đáp án đúng.

Lời giải chi tiết :

Hỗn hợp muối khan thu được gồm muối của axit cacboxylic (T) và NaCl
X tác dụng với NaOH thu được 1 muối của axit hữu cơ và hỗn hợp 2 ancol => X là este 2 chức, tạo bởi axit 2 chức và 2 ancol đơn chức

=> X có dạng: R₁OOC-R-COOR₂

=> muối tạo bởi phản ứng của X với NaOH là R(COONa)₂

${m_{R{{\left( {COONa} \right)}_2}}}$ = m _muối - m_NaCl = 15,14 - 0,04 . 58,5 = 12,8 gam
n_NaOH = 0,2 - 0,04 = 0,16 (mol)
→ n_muối = 0,08 => (R + 134) . 0,08 = 12,8 → R = 26 (C₂H₂)
+) ${n_{{R_1}OH}} = {n_{{R_2}OH}} = {n_{este}} = \dfrac{{{n_{NaOH}}}}{2} = 0,08\,mol$

=> M_{2 ancol} = $\dfrac{{7,36}}{{0,08}} = 92$ → R₁ + 17 + R₂ + 17 = 92 => R₁+ R₂ = 58
=> Cặp nghiệm thỏa mãn là: R₁= 15; R₂= 43 => CH₃ và C₃H₇
X là: CH₃OOC-CH=CH-COOCH₂-CH₂-CH₃
A sai vì X có 12 nguyên tử H

B sai vì Y và Z là CH₃OH và C₃H₇OH không phải đđlt

Axit (T): C₂H₂(COOH)₂ => D sai vì T chỉ chứa 1 liên kết đôi trong phân tử

Câu 2 :

A.

16,32
B.

8,16
C.

20,40
D.

13,60

Đáp án : C

Phương pháp giải :

+) E gồm các este của ancol (tổng a mol) và các este của phenol (tổng b mol)

+) Từ số mol NaOH phản ứng => PT (1) ẩn a, b

+) Tính số mol ancol sinh ra => số mol H₂ sinh ra

+) m_ancol= m_tăng+ m_H2

+) n_H2O= n_{este của phenol} = b

+) Bảo toàn khối lượng: m_{hỗn hợp E}+ m_NaOH= m_muối+ m_ancol+ m_H2O

Lời giải chi tiết :

E gồm các este của ancol (tổng a mol) và các este của phenol (tổng b mol)

Este của ancol + NaOH → Muối + ancol

Este của phenol + 2NaOH → Muối axit cacboxylic + muối phenol + H₂O

=> n_NaOH= a + 2b = 0,2 (1)

Vì các este đều đơn chức => ancol đơn chức => n_ancol= a => n_H2 = 0,5a

=> m_ancol= m_tăng+ m_H2= 6,9 + a

n_H2O= n_{este của phenol} = b

Bảo toàn khối lượng: m_{hỗn hợp E}+ m_NaOH= m_muối+ m_ancol+ m_H2O

=> 136.(a + b) + 0,2.40 = 20,5 + a + 6,9 + 18b (2)

Từ (1) và (2) => a = 0,1 và b = 0,05

=> m = 136.(a + b) = 20,4

Câu 3 :

A.

6,48 gam.
B.

4,86 gam.
C.

2,68 gam.
D.

3,24 gam.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

+) Từ n_NaOH=> n_{O (E)}

Đốt E tạo ra a mol CO₂và b mol H₂O

+) Bảo toàn O => PT (1) ẩn a, b

+) Bảo toàn khối lượng => PT (2) ẩn a, b

Y và Z là đồng phân nên tất cả các chất trong E đều 2 chức => n_E = $\dfrac{{{n_{NaOH}}}}{2}$

+) Vì n_E = a – b nên E chứa các axit và este 2 chức, no, mạch hở

+) Tính số $\bar C = \frac{{{n_{C{O_2}}}}}{{{n_E}}}$ => biện luận tìm các chất trong hỗn hợp E

+) Gọi số mol X, Y, Z lần lượt là x, y, z mol

+) Từ số mol E => PT (3)

+) Từ số mol CO₂ => PT (4)

Do các ancol có số mol bằng nhau nên n_T = n_Z= z

Từ khối lượng ancol => PT (5)

Giải hệ và tính m_C2H4(COONa)2

Lời giải chi tiết :

n_NaOH= 0,22 => n_{O (E)}= 0,44 mol

Đốt E tạo ra a mol CO₂và b mol H₂O

Bảo toàn O => 2a + b = 0,44 + 0,37.2

Bảo toàn khối lượng : 44a + 18b = 12,84 + 0,37.32

=> a = 0,43 và b = 0,32

Y và Z là đồng phân nên tất cả các chất trong E đều 2 chức => n_E = n_NaOH/ 2 = 0,11

Dễ thấy n_E = a – b nên E chứa các chất no, mạch hở

Số C = $\dfrac{{{n_{C{O_2}}}}}{{{n_E}}}$ = 3,91

Do este 2 chức ít nhất 4C nên X là CH₂(COOH)₂ (x mol) và Y là C₂H₄(COOH)₂ (y mol)

Sản phẩm là 3 ancol nên Z là (HCOO)₂C₂H₄ (z mol) và T là CH₃-OOC-COO-C₂H₅

Do các ancol có số mol bằng nhau nên n_T = z

n_E = x + y + 2z = 0,11

n_CO2 = 3x + 4y + 4z + 5z = 0,43

m_ancol= 62z + 32z + 46z = 2,8

=> x = 0,03; y = 0,04; z = 0,02

=> m_C2H4(COONa)2= 6,48

Câu 4 :

A.

20
B.

25
C.

30
D.

27

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Este T có độ không no k = 3 => số mol T

+) T = X + Y + Z + E – 3H₂O

Sử dụng phương pháp quy đổi hỗn hợp thành:

C_nH_2nO₂ : a mol ; C_mH_2m+2O₃ : b mol ; H₂O : 0,15 mol

+) Từ n_CO2 , n_H2Ovà m_M, lập 3 PT ẩn a, b, n, m => giải hệ được a và b

Các axit gồm: HCOOH và YCOOH

+) n_HCOOH= $\dfrac{{{n_{Ag}}}}{2}$ và n_YCOOH= n_ZCOOH

+) Hai axit Y và Z có số C tương ứng là x và y, lập PT từ số mol CO₂

=> biện luận để tìm x, y và m => tính n

Trong 13,3 gam M chứa C_nH_2nO₂ (0,2 mol), n_NaOH= 0,4 mol => số mol muối và NaOH còn dư trong N => khối lượng

Lời giải chi tiết :

M có tráng gương nên các axit X, Y, Z no, đơn chức

Este T có độ không no k = 3 nên ${{n}_{T}}=\frac{{{n}_{C{{O}_{2}}}}-{{n}_{{{H}_{2}}O}}}{2}=0,05$

Vì T là este tạo bởi X, Y, Z với một ancol no, ba chức, mạch hở E => T = X + Y + Z + E – 3H₂O

Quy đổi hỗn hợp thành:

C_nH_2nO₂ : a mol

C_mH_2m+2O₃ : b mol

H₂O : - 0,15 mol

n_CO2 = na + mb = 1

n_H2O= na + b.(m + 1) – 0,15 = 0,9

m_M = a.(14n + 32) + b.(14m + 50) – 18.0,15 = 26,6

Giải hệ trên ta được: a = 0,4 và b = 0,05

Các axit gồm: n_HCOOH= n_Ag/ 2 = 0,1 và n_YCOOH= n_ZCOOH= 0,15

Hai axit Y và Z có số C tương ứng là x và y

n_CO2 = 0,1.1 + 0,15x + 0,15y + 0,05m = 1

=> 3x + 3y + m = 18

Do 1 < x < y và m ≥ 3 nên x = 2; y = 3 và m = 3 là nghiệm duy nhất

Trong 13,3 gam M chứa C_nH_2nO₂ (0,2 mol), n_NaOH= 0,4 mol

=> chất rắn chứa C_nH_2n-1O₂Na (0,2 mol) và NaOH dư (0,2 mol)

=> m = 24,75 gam

Câu 5 :

A.

Thành phần % theo số mol của Y trong M là 12,5%.
B.

Tổng số nguyên tử hiđro trong hai phân tử X và Y bằng 6.
C.

Tổng số nguyên tử cacbon trong phân tử T bằng 6.
D.

X không làm mất màu nước brom.

Đáp án : D

Phương pháp giải :

Sử dụng phương pháp quy đổi M thành:

C_nH_2nO₂: 0,04 mol

C_mH_2m+2O₂ : a mol

H₂O: b mol

+) Từ n_CO2, n_H2Ovà m_M , lập hệ PT ẩn a, b, n, m => giải ra a và b

+) Biện luận tìm n và m dựa vào số C trung bình

Vậy Z là C₃H₈O₂ (0,02 mol); X và Y là HCOOH (0,025 mol) và CH₃COOH (0,015 mol)

+) từ n_H2O= b mol => n_T = 0,5b

=> Thành phần của M, biện luận và tìm đáp án đúng

Lời giải chi tiết :

Quy đổi M thành:

C_nH_2nO₂: 0,04 mol

C_mH_2m+2O₂ : a mol

H₂O: b mol

n_CO2= 0,04n + ma = 0,115

n_H2O= 0,04n + a.(m +1) – b = 0,115

m_M = 0,04.(14n + 32) + a.(14m + 34) – 18b = 3,21

=> a = 0,02 và b = 0,02

=> n_CO2 = 0,04n + 0,02m = 0,115

=> 8n + 4m = 23

Do số $\bar C = \dfrac{{0,115}}{{0,04{\text{ }} + {\text{ }}a}} = 1,92$ nên phải có chất chứa 1C => m = 3 và n = 1,375

Vậy Z là C₃H₈O₂ (0,02 mol); X và Y là HCOOH (0,025 mol) và CH₃COOH (0,015 mol)

n_H2O= 0,02 mol => n_T = 0,01 mol

Vậy M chứa:

Z: C₃H₈O₂ : 0,01 mol

X: HCOOH: 0,015 mol

Y: CH₃COOH : 0,005 mol

T: HCOO-C₃H₆-OOC-CH₃ : 0,01 mol

Vì HCOOH có khả năng làm mất màu dung dịch Br₂=> đáp án sai là D

Câu 6 :

Cho các phát biểu liên quan tới bài toán:

(1) Thể tích CO₂ (ở đktc) thu được 5,264 lít.

(2) Tổng số nguyên tử C, H, O có trong một phân tử E là 21.

(3) Este E tạo bởi ancol có phân tử khối là 74.

(4) Este E có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc.

Trong các phát biểu trên, số phát biểu đúng là:

A.

4
B.

3
C.

1
D.

2

Đáp án : D

Phương pháp giải :

+) Chất lỏng thu được sau pư gồm H₂O của dung dịch ROH và ancol.
+) Từ nồng độ của MOH => tính khối lượng ancol
+) Sau pư còn MOH dư nên este pư hết
+) n _ancol = n _este=> ancol
+) Tính n_MOHvà n_nuốitheo M

Bảo toàn nên ta có: n_MO_H = 2 n_muối => M
=> m _{muối của este} = m_{rắn khan}– m_{MOH dư} => M_muối => CTPT của muối
=> CTPT của este
+) Từ các CTPT tìm được => loại đáp án

+) BTNT C => n_CO2=> V

Lời giải chi tiết :

$0,1mol\,E + {\text{ }}26g\,dd\,MOH\,28\% \to \left\{ \begin{gathered}26,12g\,chất\,lỏng \hfill \\12,88g{\mkern 1mu} Y\xrightarrow{{{t^o}}}\left\{ \begin{gathered}C{O_2}{\text{ + }}{{\text{H}}_{\text{2}}}O \hfill \\8,97g\,\,{M_2}C{O_3} \hfill \\ \end{gathered} \right. \hfill \\ \end{gathered} \right.$

- Chất lỏng thu được sau pư gồm H₂O của dung dịch ROH và ancol.
m_MOH = 7,28 gam; m_H2O = 18,72 gam
=> m _ancol = 7,4 gam
Sau pư còn MOH dư nên este pư hết.
n _ancol = n _este= 0,1 mol
=> M _ancol = 74 gam: C₄H₉OH (vì este đơn chức)

${n_{MOH{\text{ }}bd}} = \dfrac{{7,28}}{{M + 17}}$

${n_{muối}}{\text{ }} = {\text{ }}\dfrac{{8,97}}{{2M + 60}}$

M bảo toàn nên ta có:
n _MOH = 2 n_muối
=> M = 39: Kali
n _{KOH ban đầu} = 0,13 mol; n _{KOH dư} = 0,13 - 0,1 = 0,03 mol
=> m _{muối của este} = 12,88 - 0,03 . 56 = 11,2 gam
=> M_muối = 112
Muối có công thức là R-COO-K
=> R = 29: C₂H₅
Vậy este là C₂H₅COOC₄H₉ => (2) và (4) sai, (3) đúng

$\left\{ \begin{gathered}{C_2}{H_5}COO{C_4}{H_9}:0,1mol \hfill \\KOH:0,13mol \hfill \\ \end{gathered} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{gathered}26,12\left\{ \begin{gathered}{H_2}O \hfill \\{C_4}{H_9}OH \hfill \\ \end{gathered} \right. \hfill \\12,8g\,Y\,\left\{ \begin{gathered}KOH\,dư \hfill \\{C_2}{H_5}COOK:0,1 \hfill \\ \end{gathered} \right.\xrightarrow{{{t^0}}}\left\{ \begin{gathered}C{O_2} + {H_2}O \hfill \\{K_2}C{O_3}:0,065\,mol \hfill \\ \end{gathered} \right. \hfill \\ \end{gathered} \right.$

BTNT C => nCO₂ = 0,3 - 0,065 = 0,235 mol => V = 5,264 lít => (1) đúng

Câu 7 :

A.

85,0
B.

85,5
C.

84,0
D.

83,0

Đáp án : D

Phương pháp giải :

+) BTKL: m_E = m_X+ m_Y – m_{dd MOH}=> m

+) E là este no, đơn chức, mạch hở nên X là ancol no, đơn chức, mạch hở ROH

+) Tính số mol H₂O có trong X, từ số mol H₂sinh ra => số mol ROH => tìm ROH

+) n_E = n_ROH => tìm E => Y

+) BTNT M: n_{MOH ban đầu}= 2.n_M2CO3 => lập PT tìm M

Lời giải chi tiết :

m_MOH = 7,28 gam => n_MOH = $\dfrac{{7,28}}{{M + 17}}$ mol

${m_{{H_2}O}} = 26 - 7,28 = 18,72\,(gam) \Rightarrow {n_{{H_2}O}} = 1,04\,mol$

n_H2 = 0,57 mol

BTKL: m_E = m_X+ m_Y – m_{dd MOH}= 24,72 + 10,08 – 26 => m = 8,8 gam

E là este no, đơn chức, mạch hở nên X là ancol no, đơn chức, mạch hở ROH

X gồm H₂O (1,04 mol) và ROH trong đó m_ROH = m_X – m_H2O= 24,72 – 18,72 = 6 gam

2H₂O + 2Na → 2NaOH + H₂

1,04 → 0,52 mol

ROH + Na → RONa + 0,5H₂

0,1 ← 0,05 mol

=> M_ROH= $\dfrac{6}{{0,1}} = 60$ (C₃H₈O)

${M_E} = \dfrac{{8,8}}{{0,1}} = 88$ (C₄H₈O₂) => E là HCOOC₃H₇

Y gồm HCOOM (0,1 mol) và MOH dư (a mol)

Đốt Y: ${n_{{M_2}C{O_3}}} = \dfrac{{8,97}}{{2M + 60}}\,mol$

BTNT M: n_{MOH ban đầu}= 2.n_M2CO3 => $\dfrac{{7,28}}{{M + 17}} = 2.\dfrac{{8,97}}{{2M + 60}}\, \Rightarrow M = 39$

=> Y gồm HCOOK (0,1 mol) và KOH dư (0,03 mol)

$\% {m_{HCOOK}} = \dfrac{{0,1.84}}{{10,8}}.100\% = 83,33\% $

Câu 8 :

A.

8,64 gam.
B.

9,72 gam.
C.

4,68 gam.
D.

8,10 gam.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

n_E = n_NaOH = 0,3 (mol) => n_{O (E)}= 0,6 (mol)

Gọi a, b lần lượt là số mol CO₂và H₂O

∆m_GIẢM = m_CO2 + m_H2O - m_↓ (1)

m_E = m_C + m_H + m_O (2)

Từ (1) và (2) => a = ? và b = ? (mol)

Số C = n_CO2/ n_E = ? => X là HCOOCH₃

n_Y + n_Z = n_CO2 – n_H2O = ? (mol)

=> n_X = n_E – ( n_Y + n_Z ) = ? (mol)

=> Số C trung bình của Y, Z = n_{CO2 (đốt cháy Y, Z)}/ n_(Y+Z) = ?

=> CTCT của Y, Z

Lời giải chi tiết :

n_E = n_NaOH = 0,3 (mol) => n_{O (E)}= 0,6 (mol)

Gọi a, b lần lượt là số mol CO₂và H₂O

∆m_GIẢM = m_CO2 + m_H2O - m_↓

=> 44a + 18b – 100a = -34,5 (1)

m_E = m_C + m_H + m_O

=> 12a + 2b + 0,6.16 = 21,62 (2)

Từ (1) và (2) => a = 0,87 và b = 0,79 (mol)

Số C = n_CO2/ n_E = 0,87/0,3 = 2,9 => X là HCOOCH₃

Vì Y, Z đều có 2 liên kết pi trong phân tử nên khi đốt cháy có:

n_Y + n_Z = n_CO2 – n_H2O = 0,08 (mol)

=> n_X = n_E – 0,08 = 0,22 (mol)

Vậy nếu đốt Y và Z sẽ thu được: n_CO2 = 0,87 – 0,22.2 = 0,43 (mol)

=> Số C trung bình của Y, Z = 0,43/0,08 = 5,375

Y, Z có đồng phân hình học nên Y là: CH₃- CH=CH-COOCH₃

Do sản phẩm xà phòng hóa chỉ có 2 muối và 2 ancol kế tiếp nên Z là: CH₃-CH=CH-COOC₂H₅.

Vậy muối có phân tử khối lớn nhất là CH₃-CH=CH-COONa : 0,08 mol

=> m_muối = 0,08. 108 = 8,64 (g)

Câu 9 :

A.

16
B.

12
C.

14
D.

18

Đáp án : C

Phương pháp giải :

n_COO = n_KOH => n_O(E) = 2n_COO

Giả sử CO₂ (x mol) H₂O (y mol)

*BTNT O => (1)

*BTKL => (2)

Giải (1) và (2) => x; y

=> n_E = n_CO2 – n_H2O

Giả sử E gồm a mol X và b mol Y

a+b = n_E

a+2b = 2n_KOH

=> a; b

=> 0,18n + 0,24m = n_CO2 = 1,86 (n, m là số C trong X, Y)

=> n; m

Lời giải chi tiết :

n_COO = n_KOH = 0,66 mol => n_O(E) = 2n_COO = 1,32 mol

Giả sử CO₂ (x mol) H₂O (y mol)

*BTNT O => 1,32+1,92.2 = 2x + y (1)

*BTKL => 44x + 18y = 46,32 + 1,92.32 (2)

Giải (1) và (2) => x = 1,86; y = 1,44

n_E = n_CO2 – n_H2O = 1,86 – 1,44 = 0,42 mol

Giả sử E gồm a mol X và b mol Y

a + b = 0,42

a + 2b = 2n_KOH = 0,66

=> a = 0,18; b = 0,24

=> 0,18n + 0,24m = n_CO2 = 1,86 (n, m là số C trong X, Y)

=> n = 5; m = 4

X là CH₂=CH-CH₂-COOCH₃ (C₅H₈O₂) và Y là (COOCH₃)₂ (C₄H₆O₄)

Tổng số H là 8+6 = 14

Câu 10 :

A.

50,82%.
B.

13,9%.
C.

26,4%.
D.

8,88%.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

T là este hai chức, mạch hở, tạo ra từ 2 axit và 1 ancol nên các axit này đều đơn chức và ancol 2 chức.

Đặt Z là R(OH)₂ => n_R(OH)2= n_H2

+) Từ m_tăng = m_RO2=> R

+) Muối có dạng RCOONa (0,4 mol)

n_H2O= 0,4 mol => số H = 2 => HCOONa (0,2 mol) và C_xH₃COONa (0,2 mol)

+) Viết PT đốt cháy, từ số mol O₂ cần dùng => x

=> X, Y => T

Quy đổi E thành:

HCOOH (0,2 mol)

CH₂=CH-COOH (0,2 mol)

C₃H₆(OH)₂ (0,26 mol)

H₂O: y mol

+) Từ m_E = 38,86 => y => n_T

Lời giải chi tiết :

T là este hai chức, mạch hở, tạo ra từ 2 axit và 1 ancol nên các axit này đều đơn chức và ancol 2 chức.

Đặt Z là R(OH)₂ => ${n_{R{{\left( {OH} \right)}_2}}} = {n_{{H_2}}} = 0,26$

=> m_tăng = ${m_{R{O_2}}}$ = 0,26.(R + 32) = 19,24

=> R = 42 => R là C₃H₆

Vậy Z: C₃H₆(OH)₂

Muối có dạng RCOONa (0,4 mol)

${n_{{H_2}O}}$ = 0,4 mol => số H = 2 => HCOONa (0,2 mol) và C_xH₃COONa (0,2 mol)

2HCOONa + O₂ → Na₂CO₃ + CO₂ + H₂O

0,2 → 0,1

2C_xH₃COONa + (2x + 2)O₂ → Na₂CO₃ + (2x + 1)CO₂ + 3H₂O

0,2 → 0,2.(x + 1)

=> n_O2 = 0,2.(x + 1) + 0,1 = 0,7 => x = 2

Vậy X, Y là HCOOH và CH₂=CH-COOH

=> T là HCOOC₃H₆OOC-CH=CH₂

Quy đổi E thành:

HCOOH (0,2 mol)

CH₂=CH-COOH (0,2 mol)

C₃H₆(OH)₂ (0,26 mol)

H₂O: -y mol

m_E = 38,86 => -y = -0,25

=> n_T = y / 2 = 0,125

=> %T = 0,125 . 158 / 38,86 = 50,82%

Câu 11 :

A.

CH₃OOC-CH=CH-COOCH₂-CH₂-CH₃
B.

CH₃OOC-CH=CH-COOCH₂CH₃
C.

CH₃OOC-CH₂-COOCH₂-CH₂-CH₃
D.

CH₃OOC-CH₂-COOCH₂-CH₃.

Đáp án : D

Phương pháp giải :

+) Xác định hỗn hợp muối khan thu được gồm muối của axit cacboxylic (T) và NaCl
+) Biện luận X có dạng: R₁OOC-R-COOR₂

+) m _{muối axit cacboxylic} = m _muối - m_NaCl

+) Tính n_NaOH phản ứng với X => tính số mol muối R(COONa)₂ => R
+) n_{hỗn hợp ancol} = n_NaOH => M_{hỗn hợp ancol} => 2 ancol
+) Từ CTPT của 2 ancol và của muối => CTPT của X
Biện luận và tìm đáp án đúng.

Lời giải chi tiết :

=> X có dạng: R₁OOC-R-COOR₂

=> muối tạo bởi phản ứng của X với NaOH là R(COONa)₂

m_RCOONa = m _muối - m_NaCl = 17,725 - 0,05 . 58,5 = 14,8 gam
n_NaOH = 0,25 - 0,05= 0,2 (mol)
→ n_muối = 0,1 => (R + 134) . 0,1 = 14,8 → R = 14(CH₂)
Ta có n _{mỗi ancol} = 0,1 mol

=> M_{2 ancol} = → R₁ + 17 + R₂ + 17 = 78=> R₁+ R₂ = 44
=> Cặp nghiệm thỏa mãn là: R₁= 15; R₂= 29 => CH₃ và C₂H₅
X là: CH₃OOC-CH₂-COOCH₂-CH₃

Câu 12 :

A.

40,8
B.

30,3
C.

20,40
D.

13,60

Đáp án : A

Phương pháp giải :

+) E gồm các este của ancol (tổng a mol) và các este của phenol (tổng b mol)

+) Từ số mol NaOH phản ứng => PT (1) ẩn a, b

+) Tính số mol ancol sinh ra => số mol H₂ sinh ra

+) m_ancol= m_tăng+ m_H2

+) n_H2O= n_{este của phenol} = b

+) Bảo toàn khối lượng: m_{hỗn hợp E}+ m_NaOH= m_muối+ m_ancol+ m_H2O

Lời giải chi tiết :

E gồm các este của ancol (tổng a mol) và các este của phenol (tổng b mol)

Este của ancol + NaOH → Muối + ancol

Este của phenol + 2NaOH → Muối axit cacboxylic + muối phenol + H₂O

=> n_NaOH= a + 2b = 0,45 (1)

Vì các este đều đơn chức => ancol đơn chức => n_ancol= a => n_H2 = 0,5a

=> m_ancol= m_tăng+ m_H2= 8,5 + a

n_H2O= n_{este của phenol} = b

Bảo toàn khối lượng: m_{hỗn hợp E}+ m_NaOH= m_muối+ m_ancol+ m_H2O

=> 136.(a + b) + 0,45.40 = 47,45 + a + 8,5 + 18b (2)

Từ (1) và (2) => a = 0,15 và b = 0,15

=> m = 40,8

Câu 13 :

A.

6,48 gam.
B.

5,2 gam.
C.

4,8 gam.
D.

3,24 gam.

Đáp án : B

Phương pháp giải :

+) Từ n_NaOH=> n_{O (E)}

Đốt E tạo ra a mol CO₂và b mol H₂O

+) Bảo toàn O => PT (1) ẩn a, b

+) Bảo toàn khối lượng cho phản ứng cháy => PT (2) ẩn a, b

Giải hệ phương trình => a và b

Y và Z là đồng phân nên tất cả các chất trong E đều 2 chức => n_E =

+) Vì n_E = a – b nên E chứa các axit và este 2 chức, no, mạch hở

+) Tính số C dựa vào số mol của E và CO₂ => biện luận tìm các chất trong hỗn hợp E

+) Gọi số mol X, Y, Z lần lượt là x, y, z mol

+) Từ số mol E => PT (3)

+) Từ số mol CO₂ => PT (4)

Do các ancol có số mol bằng nhau nên n_T = n_Z= z

Từ khối lượng ancol => PT (5)

Giải hệ và tính m_C2H4(COONa)2

Lời giải chi tiết :

n_NaOH= 0,68 => n_{O (E)}= 1,36 mol

Đốt E tạo ra a mol CO₂và b mol H₂O

Bảo toàn O => 2a + b = 1,36 + 1,295.2 (1)

Bảo toàn khối lượng : 44a + 18b = 41,1 + 1,295.32

=> a = 1,43 và b = 1,09

Y và Z là đồng phân nên tất cả các chất trong E đều 2 chức => n_E = n_NaOH/ 2 = 0,34

Dễ thấy n_E = a – b nên E chứa các chất no, mạch hở

Số C = $\frac{{1,43}}{{0,34}} = 4,2$

Do este 2 chức ít nhất 4C ( Y,Z là đồng phân, X,Y kế tiếp và T >Z 1C) nên X là CH₂(COOH)₂ (x mol) và Y là C₂H₄(COOH)₂ (y mol)

Sản phẩm là 3 ancol nên Z là (HCOO)₂C₂H₄ (z mol) và T là CH₃-OOC-COO-C₂H₅

Do các ancol có số mol bằng nhau nên n_T = z

n_E = x + y + 2z = 0,34

n_CO2 = 3x + 4y + 4z + 5z = 1,43

m_ancol= 62z + 32z + 46z = 16,8

=> x = 0,05; y = 0,05; z = 0,12

=> m_CH2(COOH)2= 5,2 gam

Câu 14 :

A.

Thành phần % theo số mol của Y trong M là 12,5%.
B.

Tổng số nguyên tử hiđro trong hai phân tử X và Y bằng 6.
C.

Tổng số nguyên tử cacbon trong phân tử T bằng 6.
D.

X không làm mất màu nước brom.

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Sử dụng phương pháp quy đổi M thành:

C_nH_2nO₂: 0,5 mol

C_mH_2m+2O₂ : a mol

H₂O: b mol

+) Từ n_CO2, n_H2Ovà m_M , lập hệ PT ẩn a, b, n, m => giải ra a và b

+) Biện luận tìm n và m dựa vào số C trung bình

Vậy Z là C₂H₆O₂ ; X và Y là HCOOH và CH₃COOH

+) từ n_H2O= b mol => n_T

=> Thành phần của M, biện luận và tìm đáp án đúng

Lời giải chi tiết :

_{${n_{KOH}} = {n_{{C_n}{H_{2n}}{O_2}}} = 0,5mol$}

Quy đổi M thành:

C_nH_2nO₂: 0,5 mol

C_mH_2m+2O₂ : a mol

H₂O: b mol

n_CO2= 0,5n + ma = 1,3

n_H2O= 0,5n + a.(m +1) – b = 1,4

m_M = 0,5(14n + 32) + a.(14m + 34) – 18b = 37,6

=> a = 0,3 và b = 0,2

=> n_CO2 = 0,5n + 0,3m = 1,3

=> 5n + 3m = 13

Do ancol đa chức nên m ≥2 => m = 2 và n = 1,4

Vậy Z là C₂H₆O₂ (0,3 mol); X và Y là HCOOH (0,3mol) và CH₃COOH (0,2 mol) ( theo quy tắc đường chéo tìm tỉ lệ ra mol 2 axit)

n_H2O= 0,2 mol => n_T = 0,1 mol

Vậy M chứa:

Z: C₂H₆O₂ : 0,2 mol

X: HCOOH: 0,2 mol

Y: CH₃COOH : 0,1 mol

T: HCOO-C₂H₄-OOC-CH₃ : 0,1 mol

Vì HCOOH có khả năng làm mất màu dung dịch Br₂=> đáp án D sai

Tổng số cacbon trong T bằng 5 => C sai

Tổng số H trong X và Y bằng 6 => B đúng

Phần trăm Y là 15,96% => A sai

Câu 15 :

A.

18
B.

20
C.

25
D.

27

Đáp án : A

Phương pháp giải :

Este tạo từ X,Y,Z đều no, đơn chức, mạch hở với ancol no, 3 chức mạch hở => số pi trong Este = 3

Đốt cháy X, Y, Z đều có mol nước bằng mol CO₂ => n_H2O – n_CO2 = 2n _{Este T}

Coi T= X + Y + Z + E – 3H₂O

Sử dụng phương pháp quy đổi hỗn hợp thành:

C_nH_2nO₂ : a mol ; C_mH_2m+2O₃ : b mol ; H₂O : 0,12 mol

+) Từ n_CO2 , n_H2Ovà m_M, lập 3 PT ẩn a, b, n, m => giải hệ được a và b

Các axit gồm: HCOOH và YCOOH

+) n_HCOOH= $\frac{{{n_{Ag}}}}{2}$ và n_YCOOH= n_ZCOOH

+) Hai axit Y và Z có số C tương ứng là x và y, lập PT từ số mol CO₂

=> biện luận để tìm x, y và m => tính n

Trong 10,192gam M chứa C_nH_2nO₂ , n_NaOH= 0,2 mol => số mol muối và NaOH còn dư trong N => khối lượng

Lời giải chi tiết :

Este tạo từ X,Y,Z đều no, đơn chức, mạch hở với ancol no, 3 chức mạch hở => số pi trong Este = 3

Đốt cháy X, Y, Z đều có mol nước bằng mol CO₂

=> n_T = (0,91 – 0,83)/2= 0,04 mol

Vì T là este tạo bởi X, Y, Z với một ancol no, ba chức, mạch hở E => T = X + Y + Z + E – 3H₂O

Quy đổi hỗn hợp thành:

C_nH_2nO₂ : a mol

C_mH_2m+2O₃ : mol = n_T = 0,04

H₂O : mol = 3n_T = 0,12

n_CO2 = na + m.0,04 = 0,91

m_M = a.(14n + 32) + 0,04.(14m + 50) – 18.0,12 = 24,42

Giải hệ trên ta được: a = 0,37

Các axit gồm: n_HCOOH= n_Ag/ 2 = 0,09 và n_YCOOH= n_ZCOOH= (0,37-0,09)/2 =0,14 mol

Hai axit Y và Z có số C tương ứng là x và y

n_CO2 = 0,09.1 + 0,14x + 0,14y + 0,04m = 0,91

=> 7x + 7y + 2m = 41

Do 1 < x < y và m ≥ 3 nên x = 2; y = 3 và m = 3 là nghiệm duy nhất

Trong 12,21 gam M chứa C_nH_2nO₂ (0,185 mol), n_NaOH= 0,2 mol

=> chất rắn chứa C_nH_2n-1O₂Na (0,185mol) và NaOH dư (0,015mol)

=> m = 16,12 gam

Câu 16 :

A.

0,02.
B.

0,03
C.

0,05.
D.

0,1.

Đáp án : C

Phương pháp giải :

Bảo toàn nên ta có: n_MOH = 2 n_muối => M
=> m _{muối của este} = m_{rắn khan}– m_{MOH dư} => M_muối => CTPT của muối
=> CTPT của este
+) Từ các CTPT tìm được => loại đáp án

+) BTNT C => n_CO2=> V

Lời giải chi tiết :

m_MOH = 8 gam => m_{nước (trong dung dịch ROH)} = 24 gam

- Chất lỏng thu được sau pư gồm H₂O của dung dịch ROH và ancol.

=> 30,9 = 24 + m_ancol

=> m _ancol = 6,9 gam

Este đơn chức => n _ancol = n _este= 0,15 mol
=> M _ancol = 46 gam: C₂H₅OH (vì este đơn chức)

CH₃COOM + MOH $\buildrel { + {O_2}} \over
\longrightarrow $ M₂CO₃ + CO₂ + H₂O

=> n_MOH = 2n_M2CO3 => $\dfrac{8}{{M + 17}} = 2.\dfrac{{10,6}}{{M.2 + 60}}$ => M = 23 => M là Na

Bảo toàn khối lượng ta có M_Este + m_NaOH = m_ancol + m_cr

=> m_Este = 13,2 => M_Este = 88 => CT este là CH₃COOC₂H₅
=> m_Muối = 12,3gam

=> m_Na = 14,3-13,2 = 2 => n_{NaOH dư} = 0,05 mol

Câu 17 :

A.

80
B.

85,5
C.

84,0
D.

83,0

Đáp án : A

Phương pháp giải :

+) BTKL: m_E = m_X+ m_Y – m_{dd MOH}=> m

+) E là este no, đơn chức, mạch hở nên X là ancol no, đơn chức, mạch hở ROH

+) Tính số mol H₂O có trong X, từ số mol H₂sinh ra => số mol ROH => tìm ROH

+) n_E= n_ROH => tìm E => Y

+) BTNT M: n_{MOH ban đầu}= 2.n_M2CO3 => lập PT tìm M

Lời giải chi tiết :

m_MOH = 7,2 gam => n_MOH = $\dfrac{{7,2}}{{M + 17}}$ g/ mol

Khối lượng nước m = 36 - 7,2 = 28,8 gam

=> n_H2O = 1,6 mol

n_H2 = 0,57 mol

BTKL: m _este= mX + m_Y – m_{dd MOH}= 33,4 + 12,8 – 36 => m = 10,2 gam

E là este no, đơn chức, mạch hở nên X là ancol no, đơn chức, mạch hở ROH

X gồm H₂O (1,6 mol) và ROH trong đó m_ROH = m_X – m_H2O= 33,4 – 28,8 = 4,6 gam

2H₂O + 2Na → 2NaOH + H₂

1,6 → 0,8 mol

ROH + Na → RONa + 0,5H₂

0,1 ← 0,05 mol

=> M_ROH= 46. vậy ROH là C₂H₅OH

Ta có mol este = số mol ancol => n_este = 0,1=> M _este = 102 (C₅H₁₀O₂) => E là C₂H₅COOC₂H₅

Y gồm C₂H₅COOM (0,1 mol) và MOH dư (a mol)

BTNT M: n_{MOH ban đầu}= 2.n_M2CO3 => nMOH = $\dfrac{{7,2}}{{M + 17}}$ = 2. $\dfrac{{9,54}}{{2M + 60}}$

=> M là Na

=> m_C2H5COONa = 9,6 gam => m_{NaOH dư} = 12,8 – 9,6 = 3,2 gam => n_{NaOH dư} = 0,08 m

%Muối trong Y = $\dfrac{{9,6}}{{12,8}}.100\% = 75\% $

Câu 18 :

A.

7,05 gam.
B.

14,1 gam.
C.

16,3 gam.
D.

8,10 gam.

Đáp án : B

Phương pháp giải :

n_E = n_NaOH = 0,25 (mol) => n_{O (E)}= 0,5 (mol)

Gọi a, b lần lượt là số mol CO₂và H₂O

∆m_GIẢM = m_CO2 + m_H2O - m_↓ (1)

m_E = m_C + m_H + m_O (2)

Từ (1) và (2) => a = ? và b = ? (mol)

Số C = n_CO2/ n_E = ? => X là HCOOCH₃

n_Y + n_Z = n_CO2 – n_H2O = ? (mol)

=> n_X = n_E – ( n_Y + n_Z ) = ? (mol)

=> Số C trung bình của Y, Z = n_{CO2 (đốt cháy Y, Z)}/ n_(Y+Z) = ?

=> CTCT của Y, Z

Lời giải chi tiết :

n_E = n_NaOH = 0,25 (mol) => n_{O (E)}= 0,5 (mol)

Gọi a, b lần lượt là số mol CO₂và H₂O

∆m_GIẢM = m_CO2 + m_H2O - m_↓

=> 44a + 18b – 100a = -36,9 (1)

m_E = m_C + m_H + m_O

=> 12a + 2b + 0,5.16 = 20,3 (2)

Từ (1) và (2) => a = 0,9 và b = 0,75 (mol)

Vì Y, Z đều có 2 liên kết pi trong phân tử nên khi đốt cháy có:

n_Y + n_Z = n_CO2 – n_H2O = 0,15 (mol)

=> n_X = n_E – 0,15 = 0,1 (mol)

Mà Y,Z là este không no và thủy phân cho ancol nên số C_{Y, Z} $ \ge $ 4

Số C_{trung bình của X} < $\dfrac{{0.9 - 0,15.4}}{{0,1}} = 3$

$ \to $ X có thể là HCOOCH₃ hoặc CH₃COOCH₃

Nếu X là HCOOCH₃

Vậy nếu đốt Y và Z sẽ thu được: n_CO2 = 0,9 – 0,1.2 = 0,7 (mol)

=> Số C trung bình của Y, Z = 0,7/0,15 = 4,67

Y là: CH₂=CH-COOCH₃

Do sản phẩm xà phòng hóa chỉ có 2 muối và 2 ancol kế tiếp nên Z là: CH₂=CH-COOC₂H₅.

Vậy muối có phân tử khối lớn nhất là CH₂=CH-COONa : 0,15 mol

=> m_muối = 0,15.94 = 14,1 (g)

Nếu X là CH₃COOCH₃

Vậy nếu đốt Y và Z sẽ thu được: ${n_{C{O_2}}} = 0,9 - 0,1.3 = 0,6mol$

Vậy số C trung bình của Y, Z = 0,6/0,25 = 2,4 ( không thỏa mãn) $ \to $ loại trường hợp này

Câu 19 :

A.

6
B.

4
C.

8
D.

5

Đáp án : C

Phương pháp giải :

n_COO = n_KOH => n_O(E) = 2n_COO

Giả sử CO₂ (x mol) H₂O (y mol)

*BTNT O => (1)

*BTKL => (2)

Giải (1) và (2) => x; y

=> n_E = n_CO2 – n_H2O

Giả sử E gồm a mol X và b mol Y

a+b = n_E

a+2b = 2n_KOH

=> a; b

Biện luận => n; m

Lời giải chi tiết :

n_COO = n_NaOH = 0,4mol => n_O(E) = 2n_COO = 0,8 mol

Giả sử CO₂ (x mol) H₂O (y mol)

*BTNT O => 0,8 +1,25.2 = 2x + y (1)

*BTKL => 44x + 18y = 29 + 1,25.32 (2)

Giải (1) và (2) => x = 1,2; y = 0,9

n_E = n_CO2 – n_H2O = 1,2 – 0,9 = 0,3 mol

Giả sử E gồm a mol X và b mol Y

a + b = 0,3

a + 2b = 2n_NaOH = 0,4

=> a = 0,2; b = 0,1

=> 0,2n + 0,1m = n_CO2 = 1,2 (n, m là số C trong X, Y)

=> n = 4; m = 4

X là C=C-COOCH₃ (C₄H₆O₂) và Y là (COOCH₃)₂ (C₄H₆O₄)

Tổng số C là 4+ 4 = 8

Câu 20 :

A.

50,82%.
B.

15,8%.
C.

32,64%.
D.

40%.

Đáp án : C

Phương pháp giải :

T là este hai chức, mạch hở, tạo ra từ 2 axit và 1 ancol nên các axit này đều đơn chức và ancol 2 chức.

Đặt Z là R(OH)₂ => n_R(OH)2= n_H2

+) Từ m_tăng = m_RO2=> R

+) Muối có dạng RCOONa (0,4 mol)

n_H2O= 0,4 mol => số H = 2 => HCOONa (0,2 mol) và C_xH₃COONa (0,2 mol)

+) Viết PT đốt cháy, từ số mol O₂ cần dùng => x

=> X, Y => T

Quy đổi E thành:

CH₃COOH

CH₂=CH-COOH

C₂H₄(OH)₂

H₂O: y mol

+) Từ m_E => y => n_T

Lời giải chi tiết :

T là este hai chức, mạch hở, tạo ra từ 2 axit và 1 ancol nên các axit này đều đơn chức và ancol 2 chức.

Đặt Z là R(OH)₂ => => n_R(OH)2= n_H2 = 0,2 mol

=> m_tăng = m_R(OH)2– m_H2=> m_R(OH)2 =12 + 0,2.2= 12,4

=> M_ROH = $\dfrac{{12,4}}{{0,2}} = 62$

=> R = 42 => R là C₂H₄

Vậy Z: C₂H₄(OH)₂

Muối có dạng RCOONa (0,6 mol)

Số Htrong muối là H =$\dfrac{{0,9.2}}{{0,6}} = 3$ Hai muối tỉ lệ 1: 1 => số H = 3 => CH₃COONa (0,3 mol) và C_xH₃COONa (0,3 mol)

2CH₃COONa + 4O₂ → Na₂CO₃ + 3CO₂ + 3H₂O

0,3 → 0,6

2C_xH₃COONa + (2x + 2)O₂ → Na₂CO₃ + (2x + 1)CO₂ + 3H₂O

0,3 → 0,3.(x + 1)

=> n_O2 = 0,3.(x + 1) + 0,6 = 1,5 => x = 2

Vậy X, Y là CH₃COOH và CH₂=CH-COOH

=> T là CH₃COOC₂H₄OOC-CH=CH₂

Quy đổi E thành:

CH₃COOH (0,3 mol)

CH₂=CH-COOH (0,3 mol)

C₂H₄(OH)₂ (0,2 mol)

H₂O: y mol

m_E = 48,4=> m_H2O = 3,6 => y = 0,2

=> n_T = y/ 2 = 0,1

=> %T = 15,8 / 48,4 = 32,64%

Câu 21 :

A.
4,6
B.
4,5
C.
5,5
D.
5,7

Đáp án : D

Phương pháp giải :

Gọi CTPT trung bình của ancol là R’OH; axit là R(COOH)₂; este: R(COOR’)₂với số mol lần lượt là a; b; c

Bảo toàn khối lượng : m_O2 → n_O2

Bảo toàn nguyên tố O: n_O(X) → a + 4b + 4c=n_O(X) (1)

n_COO = n_{NaOH pứ}⇒ 2b + 2c ⇒ a = ?

n_ancol = 0,04 mol = 2n_este + n_{ancol ban đầu}⇒ n_este = c = ? ⇒ b = ?

Ta có M_R’OH = 19,5.2 = 39 g ⇒ M_R’

m_X = m_ancol+ m_axit+ m_este ⇒ R

=> dung dịch Y chứa chất gì

Lời giải chi tiết :

Gọi CTPT trung bình của ancol là R’OH; axit là R(COOH)₂; este: R(COOR’)₂với số mol lần lượt là a; b; c

Ta có n_CO2 = 0,165 mol; n_H2O = 0,15 mol

Bảo toàn khối lượng: m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O→ m_O2 =7,26 + 2,7 – 4,84 = 5,12 → n_O2 = 0,16 mol

Bảo toàn nguyên tố O: n_O(X) + 2n_O2= 2n_CO2 + n_H2O → n_O(X) = 2.0,165 + 0,15 -0,16.2 = 0,16 mol

→ a + 4b + 4c = 0,16 mol

n_COO = n_{NaOH pứ}⇒ 2b + 2c = 0,08 - 0,01 = 0,07 mol ⇒ a = 0,02 mol

n_ancol = 0,04 mol = 2n_este + n_{ancol ban đầu}⇒ n_este = c = 0,01 ⇒ b = 0,025 mol

Ta có M_R’OH = 19,5.2 = 39 g ⇒ M_R’ = 22 g

m_X = m_ancol+ m_axit+ m_este ⇒ 4,84 = 0,02 . 39 + 0,025 .(R + 90) + 0,01. (R + 132)

⇒ R = 14 (CH₂)

Vậy dung dịch Y gồm 0,01 mol NaCl và 0,035 mol CH₂(COONa)₂

⇒ m = 5,765 g gần nhất với 5,7g

Câu 22 :

A.
32,88%
B.
58,84%
C.
50,31%
D.
54,18%

Đáp án : C

Phương pháp giải :

Cho Y tác dụng với NaOH thu được muối không phân nhánh nên trong hỗn hợp X chỉ chứa este đơn chức và este hai chức (được tạo bởi axit hai chức và ancol đơn chức).

Bảo toàn nguyên tố

Biện luận

Lời giải chi tiết :

n_COO= n_NaOH = 0,11 mol

Số chức este trung bình = 0,11 : 0,08 = 1,375

Đặt số mol ancol đơn chức và hai chức lần lượt là a và b (mol)

n_X = a + b = 0,08 mol (1)

n_NaOH = a + 2b = 0,11 (2)

Giải (1) và (2) được a = 0,05 và b = 0,03

*Phản ứng của Y với NaOH:

Ta có n _ancol= n_NaOH = 0,11 mol => M _ancol= 6,88 : 0,11 = 688/11 (g/mol)

Mà ancol có dạng: C_nH_2n+2O => n = (688/11 – 18)/14 = 35/11

=> n_C(ancol) = 35/11.0,11 = 0,35 mol

Đốt 0,01 mol X cần 0,09 mol O₂ => đốt 0,08 mol X cần 0,72 mol O₂

Đốt Y tương đương việc đốt 0,08 mol X và 0,17 mol H₂

=> n_{O2 (đốt 0,08 mol Y)} = n_{O2(đốt 0,08 mol X)} + 0,5n_H2 = 0,72 + 0,5.0,17 = 0,805 mol

*Phản ứng đốt Y:

Đặt số mol CO₂ và H₂O lần lượt là x, y (mol)

n_CO2 – n_H2O = n _{este hai chức}=> x – y = 0,03 (3)

BTNT “O”: n_O(Y) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O => 2x + y = 0,11.2 + 2.0,805 (4)

Giải (4) và (5) được x = 0,62 và y = 0,59

n_CO2 = n_C(muối) + n_C(ancol) => n_C(muối) = 0,62 – 0,35 = 0,27 mol

Muối gồm:

C_nH_2n-1O₂Na: 0,05

C_mH_2m-4O₄Na₂: 0,03

=> 0,05n + 0,03m = 0,27 => 5n + 3m = 27 có nghiệm là n = 3 và m = 4

=> C₃H₅O₂Na (0,05) và C₄H₄O₄Na₂ (0,03)

=> %m _C4H4O4Na2 = 50,31%

Câu 23 :

Giá trị của a là:

Đáp án

Giá trị của a là:

Phương pháp giải :

Bước 1: Tính tỉ lệ n_X : n_Y

- Xét trong 0,16 mol hỗn hợp E: Tính n_NaOH ⟹ n_X, n_Y ⟹ tỉ lệ n_X : n_Y.

Bước 2: Tính số mol các chất trong hỗn hợp E

- Xét m gam hỗn hợp E: quy đổi hỗn hợp thành (HCOO)₂C₃H₆ (a mol); (CH₂=CHCOO)₃C₃H₅ (b mol); CH₂ (c mol)

- Viết PTHH đốt cháy E, lập hệ phương trình tính a, b, c:

Dựa vào tính n_O2, tính n_CO2 và tỉ lệ n_X : n_Y

⟹ Giải hệ tìm được a, b, c.

Bước 3: Tính a gam muối của axit cacboxylic no

- Gọi số nhóm CH₂ trong X, Y lần lượt là m và n (n phải chẵn do Y tạo bởi 1 axit).

- Lập phương trình mối liên hệ giữa m và n. Biện luận tìm giá trị m, n thỏa mãn.

- Lượng chất ở 2 thí nghiệm khác nhau.

0,04 mol E tạo m gam muối của axit cacboxylic no.

⟹ 0,16 mol → a gam muối của axit cacboxylic no.

⟹ m gam của axit cacboxylic no.

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Tính tỉ lệ n_X : n_Y

- Xét trong 0,16 mol hỗn hợp E:

+ n_{hh E} = n_X + n_Y = 0,16 (1)

+ n_NaOH = 2n_X + 3n_Y = 0,42 (2)

⟹ n_X = 0,06 và n_Y= 0,1 (mol) ⟹ n_X : n_Y = 3 : 5.

Bước 2: Tính số mol các chất trong hỗn hợp E

- Quy đổi m gam hỗn hợp E thành (HCOO)₂C₃H₆ (a mol); (CH₂=CHCOO)₃C₃H₅ (b mol); CH₂ (c mol)

- PTHH đốt cháy E:

(HCOO)₂C₃H₆ + 5O₂ → 5CO₂ + 4H₂O

a → 5a → 5a

(CH₂=CHCOO)₃C₃H₅ + 12,5O₂ → 12CO₂ + 7H₂O

b → 12,5b → 12b

CH₂ + 1,5O₂ → CO₂ + H₂O

c → 1,5c → c

⟹ n_O2 = 5a + 12,5b + 1,5c = 0,5 (*)

⟹ n_CO2 = 5a + 12b + c = 0,45 (**)

Mà n_X : n_Y = 3 : 5 ⟹ 5a - 3b = 0 (***)

Từ (*) (**) (***) ⟹ a = 0,015; b = 0,025; c = 0,075.

Bước 3: Tính a gam muối của axit cacboxylic no

- Gọi số nhóm CH₂ trong X, Y lần lượt là m và n (n phải chẵn do Y tạo bởi 1 axit).

⟹ 0,015m + 0,025n = 0,075 ⟹ 3m + 5n = 15

+ Nếu n = 0 ⟹ m = 5 (thỏa mãn) ⟹ không cần trả CH₂ cho Y.

+ Nếu n = 2 ⟹ m = 1,67 (loại).

- Muối của axit no gồm: HCOONa (0,03) và CH₂ (0,075) ⟹ m_muối = 3,09 gam.

Như vậy tỉ lệ:

0,04 mol E tạo 3,09 gam muối của axit cacboxylic no.

⟹ 0,16 mol E tạo a = 12,36 gam muối của axit cacboxylic no.

Câu 24 :

Thành phần phần trăm theo khối lượng Y trong M là:

Đáp án

Thành phần phần trăm theo khối lượng Y trong M là:

Phương pháp giải :

Bước 1: Tính n_{NaOH pư}

- n_{NaOH bđ} = n_{NaOH pư} + 40%n_{NaOH pư} ⟹ n_{NaOH pư}

Bước 2: Xác định CTPT của X, Y, Z

- Chất rắn khan gồm RCOONa (0,35 mol) và NaOH dư (0,14 mol)

⟹ m_{chất rắn} = m_muối + m_{NaOH dư} ⟹ M_R = 27 (CH₂=CH-)

- n_{NaOH pư} = n_M = 0,35 mol ⟹ n_O = 2n_M = 0,35.2 = 0,7 mol

- Bảo toàn khối lượng este: m_C = m_este - m_H - m_O ⟹ n_C = n_CO2

- Gọi k là độ bất bão hòa trung bình của 3 este: Ta có n_este = ⟹ k = 16/7 > 2 ⟹ phải có este có gốc ancol dưới dạng vòng no.

- Xét các trường hợp CTCT của X (a mol), Y (b mol) và Z (c mol):

+ Lập hệ phương trình tìm a,b, c dựa vào tính: n_M, m_M, n_H2O

+ Nếu n_y< n_X thì thỏa mãn.

Bước 3: Tính %m_Y trong M.

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Tính n_{NaOH pư}

- n_{NaOH bđ} = n_{NaOH pư} + 40%n_{NaOH pư} = 0,49 mol ⟹ n_{NaOH pư} = 0,35 mol

Bước 2: Xác định CTPT của X, Y, Z

- Chất rắn gồm: RCOONa (0,35 mol) và NaOH dư (0,14 mol)

⟹ m_{chất rắn} = 0,35.(R + 67) + 0,14.40 = 38,5 ⟹ R = 27 (CH₂=CH-)

- n_{NaOH pư} = n_M = 0,35 mol ⟹ n_O = 2n_M = 0,35.2 = 0,7 mol

- Bảo toàn khối lượng este: m_C = m_este - m_H - m_O = 21 gam ⟹ n_C = 1,75 mol = n_CO2

- Ta có n_este = $\dfrac{{{n_{CO2}} - {n_{H2O}}}}{{k - 1}}$ ⟹ k = 16/7 > 2 ⟹ phải có este có gốc ancol dưới dạng vòng no.

*Trường hợp 1:

X: CH₂=CHCOOCH₃ (a mol)

Y: CH₂=CHCOOC₂H₅ (b mol)

Z: (c mol)

+) n_M = a + b + c = 0,35 (1)

+) m_M = 86a + 100b + 112c = 34,8 (2)

+) n_H2O = 3a + 4b + 4c = 1,3 (3)

⟹ a = 0,1; b = 0,15; c = 0,1 (không thỏa mãn n_Y < n_X).

*Trường hợp 2:

X: CH₂=CHCOOCH₃ (a mol)

Y: (b mol)

Z: CH₂=CHCOOC₃H₇ (c mol)

+) n_M = a + b + c = 0,35 (1)

+) m_M = 86a + 112b + 114c = 34,8 (2)

+) n_H2O = 3a + 4b + 5c = 1,3 (3)

⟹ a = 0,175; b = 0,1; c = 0,075 (thỏa mãn n_Y < n_X).

Bước 3: Tính %m_Y trong M.

n_Y = 0,1 mol ⟹ m_Y = 0,1.112 = 11,2 gam

%m_Y = (11,2/ 34,8).100% = 32,18%.

Câu 25 :

Phần trăm khối lượng của X trong E là:

Đáp án

Phần trăm khối lượng của X trong E là:

Phương pháp giải :

Bước 1: Tìm CTPT ancol Z

- Khi ancol Z + Na: m_{bình tăng} = m_ancol - m_H2 ⟹ m_ancol.

- Gọi CTTQ ancol là R(OH)_t (t = 1 hoặc t = 2 do các este không phân nhánh).

- Viết PTHH ancol Z tác dụng với Na.

- Từ n_H2 ⟹ n_ancol ⟹ mối liên hệ giữa R và t ⟹ R, t thỏa mãn ⟹ công thức ancol.

Bước 2: Tìm CTPT 2 muối T

- Khi cho E + NaOH: n_{NaOH pư} = n_COO = n_C2H5OH

+ BTNT.Na ⟹ n_Na2CO3 = 0,5n_NaOH

+ Dùng BTKL phản ứng NaOH: m_E + m_NaOH= m_muối + m_ancol ⟹ m_E

+ BTNT.C ⟹ n_C(muối) = n_{CO2 đốt muối} + n_Na2CO3.

- Nhận thấy n_COO = n_{C trong muối} nên nguyên tử C chỉ nằm trong nhóm COO

⟹ 2 muối là HCOONa và (COONa)₂.

Bước 3: Tính %m_X trong E

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Tìm CTPT ancol Z

- Khi ancol Z + Na:

m_{bình tăng} = m_ancol - m_H2 ⟹ m_ancol = 7,2 + 0,08.2 = 7,36 gam.

- Gọi CTTQ ancol là R(OH)_t (t = 1 hoặc t = 2 do các este không phân nhánh).

- PTHH: R(OH)_t + tNa → R(ONa)_t + 0,5t H₂

0,16/t ← 0,08 (mol)

⟹ M_ancol = 7,36 : (0,16/t) = 46t

⟹ R + 17t = 46t ⟹ R = 29t ⟹ t = 1; R = 29

⟹ Z: C₂H₅OH thỏa mãn.

Bước 2: Tìm CTPT 2 muối T

- Khi cho E + NaOH: n_{NaOH pư} = n_COO = n_C2H5OH = 0,16 mol

⟹ n_Na2CO3 = 0,5n_NaOH = 0,08 mol (BTNT.Na)

+ Dùng BTKL phản ứng NaOH: m_E + m_NaOH= m_muối + m_ancol

⟹ m_E = 10,76 + 7,36 - 0,16.40 = 11,72 gam

+ BTNT.C ⟹ n_C(muối) = n_{CO2 đốt muối} + n_Na2CO3 = 0,08 + 0,08 = 0,16 mol.

- Nhận thấy n_COO = n_{C trong muối} nên nguyên tử C chỉ nằm trong nhóm COO

⟹ Muối gồm $\left\{ \begin{array}{l}HCOON{\rm{a}}:a\\{(COON{\rm{a}})_2}:b\end{array} \right.$

Bước 3: Tính %m_X trong E

- Ta có: $\left\{ \begin{array}{l}{n_{NaOH}} = a + 2b = 0,16\\{m_{muoi}} = 68{\rm{a}} + 134b = 10,76\end{array} \right.$ ⟹ $\left\{ \begin{array}{l}a = 0,04\\b = 0,06\end{array} \right.$

⟹ $E\left\{ \begin{array}{l}HCOO{C_2}{H_5}:0,04\left( X \right)\\{(COO{C_2}{H_5})_2}:0,06\left( Y \right)\end{array} \right.$

- m_E = 0,04.7,4 + 0,06.146 = 11,72 gam

⟹ %m_X = (2,96/ 11,72).100% = 25,26%.

Câu 26 :

Khối lượng muối của axit cacboxylic có phân tử khối lớn hơn trong Z là:

Đáp án

Khối lượng muối của axit cacboxylic có phân tử khối lớn hơn trong Z là:

Phương pháp giải :

Bước 1: Tìm n_X và n_Y

- Khi hỗn hợp + NaOH thì $1 < \dfrac{{{n_{NaOH}}}}{{{n_{este}}}} = 1,2 < 2$ nên hỗn hợp có một este tạo từ phenol (giả sử là X)

- Vì X + 2NaOH → muối + H₂O

Y + NaOH → muối + ancol

- Lập hệ giải n_X và n_Y

Bước 2: Tìm CTCT Y và muối tạo từ Y

- BTKL có m_este + m_NaOH = m_muối + m_H2O + m_ancol ⟹ m_ancol mà có n_ancol = n_Y

⟹ ancol ⟹ CTCT của Y ⟹ CTCT của muối tạo từ Y

Bước 3: Tìm CTCT X

- Vì hỗn hợp muối thu được từ phản ứng là có 3 muối nên X + NaOH tạo 2 muối (khác với muối tạo từ Y)

⟹ CTCT của X

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Tìm n_X và n_Y

- n_{hỗn hợp} = 0,05 mol

- Khi hỗn hợp + NaOH thì $1 < \dfrac{{{n_{NaOH}}}}{{{n_{este}}}} = 1,2 < 2$ nên hỗn hợp có một este tạo từ phenol (giả sử là X)

Vì X + 2NaOH → muối + H₂O

Y + NaOH → muối + ancol

- Ta có $\left\{ \begin{array}{l}{n_{hh}} = {n_X} + {n_Y} = 0,05\\{n_{NaOH}} = 2{n_X} + {n_Y} = 0,06\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}{n_X} = 0,01(mol)\\{n_Y} = 0,04(mol)\end{array} \right.$

Bước 2: Tìm CTCT Y và muối tạo từ Y

- BTKL có m_este + m_NaOH = m_muối + m_H2O + m_ancol

⟹ 6,8 + 0,06.40 = 4,7 + 0,01.18 + m_ancol

⟹ m_ancol = 4,32 (gam)

⟹ M_ancol = $\dfrac{{4,32}}{{0,04}} = 108$ (g/mol)

⟹ ancol là C₇H₈O (C₆H₅CH₂OH)

⟹ este Y là HCOOCH₂C₆H₅ ⟹ muối tạo từ Y là HCOONa (0,04 mol)

Bước 3: Tìm CTCT X

- Vì hỗn hợp muối thu được từ phản ứng là có 3 muối nên X + NaOH tạo 2 muối (không phải HCOONa) nên X là CH₃COOC₆H₅ (0,01 mol)

- Vậy muối gồm: HCOONa (0,04 mol), CH₃COONa (0,01 mol) và C₆H₅ONa (0,01 mol)

→ m_CH3COONa = 0,01.82 = 0,82 gam.

Câu 27 :

Khối lượng muối của phenol có trong Z là:

Đáp án

Khối lượng muối của phenol có trong Z là:

Phương pháp giải :

Bước 1: Tính số mol X, Y trong hỗn hợp

- Ta thấy 1 < n_NaOH : n_hh < 2 mà các este đều đơn chức

⟹ Trong hỗn hợp có 1 este của phenol (giả sử là X) và 1 este thường (giả sử là Y).

- Ta có hệ phương trình $\left\{ \begin{array}{l}X:{a^{mol}}\\Y:{b^{mol}}\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}{n_{hh}} = a + b\\{n_{NaOH}} = 2{\rm{a}} + b\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}a = \\b = \end{array} \right.$

- Từ số mol hỗn hợp và số mol NaOH phản ứng tính được số mol từng este.

Bước 2: Tính khối lượng muối do X sinh ra

PTHH: X + 2NaOH → Muối 1 + Muối 2 + H₂O

- Áp dụng BTKL tính tổng khối lượng muối 1 và muối 2

Bước 3: Tìm CTCT muối Y, biện luận tìm X

- m_{muối do Y} = m_{hh muối} – m_{muối 1 + muối 2} ⟹ M_{muối do Y} ⟹ CT muối do Y

- Từ muối Y biện luận tìm X:

Do sau phản ứng thu được 3 muối do đó muối của X sinh ra phải khác muối của Y => CT của X

Bước 4: Tính khối lượng muối của phenol

Muối của phenol trong Z là C₆H₅ONa ⟹ m_{muối của phenol}

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Tính số mol X, Y trong hỗn hợp

- Ta thấy 1 < n_NaOH : n_hh = 0,3 : 0,25 = 1,2 < 2

⟹ Trong hỗn hợp có 1 este của phenol (giả sử là X) và 1 este thường (giả sử là Y).

- Gọi n_{este của phenol} = a mol, n_{este thường}= b mol.

Ta có hệ phương trình $\left\{ \begin{array}{l}X:{a^{mol}}\\Y:{b^{mol}}\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}{n_{hh}} = a + b = 0,25\\{n_{NaOH}} = 2{\rm{a}} + b = 0,3\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}a = 0,05\\b = 0,2\end{array} \right.$

Bước 2: Tính khối lượng muối do X sinh ra

- PTHH: X + 2NaOH → Muối 1 + Muối 2 + H₂O

0,05 → 0,05 → 0,05 → 0,05 (mol)

- Tổng khối lượng muối 1 và muối 2 = 0,05.136 + 0,1.40 - 0,05.18 = 9,9 gam.

Bước 3: Tìm CTCT muối Y, biện luận tìm X

- Khối lượng muối do Y tác dụng với NaOH tạo ra là 23,5 - 9,9 = 13,6 gam.

⟹ M_{muối do Y} = 13,6 : 0,2 = 68 (HCOONa).

- Do sau phản ứng thu được 3 muối nên X phải sinh ra 2 muối khác HCOONa

⟹ X là CH₃COOC₆H₅.

Bước 4: Tính khối lượng muối của phenol

Muối của phenol trong Z là C₆H₅ONa (0,05 mol)

⟹ m_{muối của phenol} = 0,05.116 = 5,8 gam.

Câu 28 :

Phần trăm khối lượng của X trong E là:

Đáp án

Phần trăm khối lượng của X trong E là:

Phương pháp giải :

- Sơ đồ bài toán:

Bước 1: Tìm CTPT của Z

- Tính ${n_{{H_2}}}{\mkern 1mu} = > \,{\mkern 1mu} {n_{OH(ancol)}}{\mkern 1mu} = {\mkern 1mu} \,2{n_{{H_2}}}{\mkern 1mu} = {\mkern 1mu} \,{n_{NaOH{\kern 1pt} (p/ư)}}$

- Tính m_Z = m_E + m_NaOH – m_T

- Đặt ancol Z: R(OH)_x => M_R => Biện luận x tìm R = 15 (CH₃-)

Bước 2: Tìm CTPT của hh muối T

- BTNT Na => ${n_{N{a_2}C{O_3}}}\, = \,\frac{1}{2}{n_{NaOH}}$

=> n_{C (muối)} = ${n_{N{a_2}C{O_3}\,}} + \,{N_{C{O_2}}}$

- n_C = n_Na => Tìm được CTPT của hh muối T.

Bước 3: Tính %m_X

- Đặt số mol muối T là a mol và b mol

=> Hệ phương trình: BTNT Na trong hh muối T; BTKL hh muối T.

=> a và b

=> Tìm CTPT của X và Y trong E => %m_X

Lời giải chi tiết :

- Sơ đồ bài toán:

Bước 1: Tìm CTPT của Z

- n_H2 = 0,05 mol ⟹ n_OH(ancol) = 2n_H2 = 0,1 mol = n_NaOH(pư).

BTKL: m_Z = 5,94 + 0,1.40 - 6,74 = 3,2 gam.

Đặt ancol Z: R(OH)_x ($\dfrac{{0,1}}{x}$mol) ⟹ $\dfrac{{0,1}}{x}$.(R + 17x) = 3,2 ⟹ R = 15x ⟹ x = 1; R = 15 (CH₃-) thỏa mãn.

Vậy Z là CH₃OH.

Bước 2: Tìm CTPT của hh muối T

- BTNT "Na" ⟹ n_Na2CO3 = ½n_NaOH = 0,05 mol

⟹ n_C(muối) = n_Na2CO3 + n_CO2 = 0,05 + 0,05 = 0,1 mol

- Nhận thấy n_C = n_Na ⟹ Muối gồm HCOONa (a mol) và (COONa)₂ (b mol) (vì M_X,Y < 150).

Bước 3: Tính %m_X

- Ta có hệ phương trình: $\left\{ \begin{array}{l}a + 2b = 0,1\left( {BT:Na} \right)\\68{\rm{a}} + 134b = {m_{muoi}} = 6,74\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}a = 0,04\\b = 0,03\end{array} \right.$

⟹ $E\left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{X:HCOOC{H_3}\left( {0,04} \right)}\\{Y:{{\left( {COOC{H_3}} \right)}_2}\left( {0,03} \right)}\end{array}} \right.$

⟹ %m_X = 40,40%.

Câu 29 :

Phần trăm khối lượng este có phân tử khối lớn hơn trong X là:

Đáp án

Phần trăm khối lượng este có phân tử khối lớn hơn trong X là:

Phương pháp giải :

Bước 1: Đặt X là RCOOR’, xác định R.

- X + AgNO₃:

Ta thấy n_Ag : n_X = 2 : 1 ⟹ Cả 2 este đều có đầu HCOO-.

Bước 2: Xác định CTCT của 2 este

- X + NaOH:

+ Do thu được CH₃OH ⟹ 1 este là HCOOCH₃ ⟹ n_HCOOCH3 = n_CH3OH.

+ Sau phản ứng thu được 2 muối ⟹ este còn lại là este của phenol có dạng HCOOC₆H₄Y.

+ Xác định thành phần của muối. Từ khối lượng muối suy ra Y.

Bước 3: Tính %m este có PTK lớn hơn trong X

- Xác định thành phần hỗn hợp X ban đầu

⟹ % khối lượng este có PTK lớn hơn trong X.

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Đặt X là RCOOR’, xác định R.

- X + AgNO₃:

Ta thấy n_Ag : n_X = 2 : 1 ⟹ Cả 2 este đều có đầu HCOO-.

Bước 2: Xác định CTCT của 2 este

- X + NaOH:

+ Do thu được CH₃OH ⟹ 1 este là HCOOCH₃ ⟹ n_HCOOCH3 = n_CH3OH = 1,6/32 = 0,05 mol.

+ Sau phản ứng thu được 2 muối ⟹ este còn lại là este của phenol có dạng HCOOC₆H₄Y

$\begin{array}{l}X\left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{HCOOC{H_3}:0,05}\\{HCOO{C_6}{H_4}Y:0,03}\end{array}} \right.\\ \to Muối{\mkern 1mu} {\mkern 1mu} \,gồm:\begin{array}{*{20}{l}}{HCOON{\rm{a}}:0,08{\mkern 1mu} mol}\\{Y{C_6}{H_4}ON{\rm{a}}:0,03{\mkern 1mu} mol}\end{array}\end{array}$

⟹ m_muối = 0,08.68 + 0,03.(Y + 115) = 9,34 ⟹ Y = 15 (CH₃-)

Bước 3: Tính %m este có PTK lớn hơn trong X

- $X\left\{ \begin{array}{l}HCOOC{H_3}:0,05\\HCOO{C_6}{H_4}C{H_3}:0,03\end{array} \right.$

⟹ %m_HCOOC6H4CH3 = $\dfrac{{0,03.136}}{{0,05.60 + 0,03.136}}.100\% $ = 57,63%.

Câu 30 :

Phân tử khối của Y là:

Đáp án

Phân tử khối của Y là:

Phương pháp giải :

Bước 1: Xác định CTCT của 2 muối trong T

- Xét E + O₂ ⟶ CO₂ + H₂O

BTKL ⟹ m_H2O ⟹ n_H2O

BTNT O ⟹ n_O(E) ⟹ n_-COO-(E).

- Xét E + NaOH

⟹ n_NaOH(pứ) = n_-COO-(E) ⟹ n_{NaOH(dư trong T)}.

- Xét đốt cháy T gồm 0,02 mol NaOH ⟶ 0,01 mol H₂O

BTNT H ⟹ muối trong T không chứa H mà 3 este trong E no, mạch hở

⟹ Axit tạo nên este trong E là (COOH)₂ và 2 ancol tạo E đồng đẳng no, đơn chức, mạch hở.

Bước 2: Xác định CTCT của 2 ancol trong T

- Xét E + NaOH ⟶ T + ancol

BTKL ⟹ m_ancol ⟹ M_ancol ⟹ 2 ancol tạo este.

Điểm mấu chốt của bài toán: Ta thấy số mol H₂O đốt NaOH dư bằng với mol H₂O sinh ra khi đốt T ⟹ các muối trong T đều không chứa H ⟹ các muối đều phải 2 chức ⟹ các ancol đều phải đơn chức.

Bước 3: Xác định CTCT của Y, tính M_Y.

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Xác định CTCT của 2 muối trong T

- Xét E + O₂ ⟶ CO₂ + H₂O

BTKL ⟹ m_H2O = 3,42 gam ⟹ n_H2O = 0,19 mol.

BTNT O ⟹ n_O(E) = 2n_CO2 + n_H2O - 2n_O2 = 0,2 mol ⟹ n_-COO-(E) = 0,1 mol.

- Xét E + NaOH

⟹ n_NaOH(pứ) = n_-COO-(E) = 0,1 mol.

⟹ n_{NaOH(dư trong T)} = 0,1.20%/100% = 0,02 mol.

* Xét đốt cháy T gồm 0,02 mol NaOH ⟶ 0,01 mol H₂O

BTNT H ⟹ n_NaOH = 2n_H2O ⟹ muối trong T không chứa H mà 3 este trong E no, mạch hở

⟹ Axit tạo nên este trong E là (COOH)₂ và 2 ancol tạo E đồng đẳng no, đơn chức, mạch hở.

Ta có muối trong T là (COONa)₂ có n_(COONa)2 = n_NaOH(pứ)/2 = 0,05 mol.

⟹ m_T = m_(COONa)2 + n_NaOH(dư) = 7,5 gam.

Bước 2: Xác định CTCT của 2 ancol trong T

- Xét E + NaOH ⟶ T + ancol

BTKL ⟹ m_ancol = m_E + m_NaOH - m_T = 6,46 + 0,12.40 - 7,5 = 3,76 gam.

Lại có n_ancol = n_NaOH(pứ) = 0,1 mol.

⟹ M_TB(ancol) = 37,6/0,1 = 37,6 ⟹ Hỗn hợp hai ancol là CH₃OH và C₂H₅OH.

Bước 3: Xác định CTCT của Y, tính M_Y.

- Hỗn hợp E gồm ba este no, mạch hở X, Y, Z (M_X< M_Y< M_Z< 248)

⟹ X là (COOCH₃)₂; Y là CH₃OOC-COOC₂H₅ và Z là (COOC₂H₅)₂.

⟹ M_Y = 132.

Câu 31 :

Phần trăm khối lượng của Y trong E là:

Đáp án

Phần trăm khối lượng của Y trong E là:

Phương pháp giải :

Bước 1: Xác định CTCT của 2 muối của 2 axit đồng đẳng kế tiếp

- Đặt n_NaOH = e ⟹ n_OH(ancol) = e ⟹ n_H2 = 0,5e

m_tăng = m_ancol - m_H2 ⟹ m_ancol

- BTKL có: m_E + m_NaOH = m_muối + m_ancol ⟹ M_muối, xác định CTCT

Bước 2: Tính số mol 2 muối của 2 axit đồng đẳng kế tiếp

- Lập hệ phương trình tính số mol 2 muối HCOONa và CH₃COONa.

n_HCOONa+ n_CH3COONa = n_NaOH(1)

68.n_HCOONa + 82.n_CH3COONa = 11,88 (2)

Bước 3: Quy đổi hỗn hợp ancol, tính số mol các chất

- Quy đổi ancol thành CH₃OH (a); C₂H₄(OH)₂ (b) và CH₂ (c)

Tính a, b,c dựa vào: n_NaOH; m_ancol; và n_{C (ancol)}

Bước 4: Xác định CTCT X, Y, Z. Tính %m_Y

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Xác định CTCT của 2 muối của 2 axit đồng đẳng kế tiếp

- Đặt n_NaOH = e ⟹ n_OH(ancol) = e ⟹ n_H2 = 0,5e.

m_tăng = m_ancol - m_H2 ⟹ m_ancol = e + 4,83.

- Bảo toàn khối lượng phản ứng:

m_E + m_NaOH = m_muối + m_ancol ⟹ 10,86 + 40e = 11,88 + e + 4,83 ⟹ e = 0,15 mol

- M_muối = 11,88/0,15 = 79,2 ⟹ 2 muối là HCOONa; CH₃COONa.

Bước 2: Tính số mol 2 muối của 2 axit đồng đẳng kế tiếp

- Ta có: n_HCOONa+ n_CH3COONa = n_NaOH(1)

68.n_HCOONa + 82.n_CH3COONa = 11,88 (2)

Từ (1) (2) n_HCOONa = 0,03 mol; m_CH3COONa = 0,12 mol

Bước 3: Quy đổi hỗn hợp ancol, tính số mol các chất

- Quy đổi ancol thành CH₃OH (a); C₂H₄(OH)₂ (b) và CH₂ (c).

+) n_NaOH = a + 2b = 0,15

+) m_ancol = 32a + 62b + 14c = 4,83 + 0,15 = 4,98

+) n_{C (ancol)} = a + 2b + c = 0,44 - n_{C (muối)} = 0,44 - 0,03 - 0,12.2 = 0,17

⟹ n_CH3OH = a = 0,05 mol; n_C2H4(OH)2 = b = 0,05 mol và n_CH2 = c = 0,02 mol

Bước 4: Xác định CTCT X, Y, Z. Tính %m_Y

- Hỗn hợp ancol chứa 0,05 mol C₂H₄(OH)₂

Mà n_HCOONa = 0,03 mol < n_C2H4(OH)2 = 0,05 mol

⟹ Este đa chức là (CH₃COO)₂C₂H₄ (0,05).

- Còn lại HCOONa (0,03); CH₃COONa (0,02); CH₃OH (0,05) và CH₂ (0,02) của các este đơn chức tạo ra.

Do c < 0,03 và c = 0,02 nên các este đơn chức là:

X là HCOOCH₃ (0,03); Y là CH₃COOC₂H₅ (0,02).

⟹ %m_Y = 16,20%.

Câu 32 :

Phần trăm khối lượng của este Y trong E là:

Đáp án

Phần trăm khối lượng của este Y trong E là:

Phương pháp giải :

Bước 1: Biện luận xác định thành phần và tính số mol các chất trong hh của este

- Ta thấy 1 < n_NaOH/n_E < 2 ⟹ hỗn hợp có este thường và este của phenol.

- Từ số mol hỗn hợp và số mol NaOH ⟹ số mol este thường và este của phenol.

Bước 2: Xác định CTCT chung của 2 muối

- Phần 1: Từ n_Ag ⟹ n_anđehit ⟹ n_ancol.

- Phần 2:

+ Gọi số C trong anđehit và ancol lần lượt là x và y. Từ số mol CO₂ lập được mối liên hệ giữa x và y ⟹ giá trị x, y phù hợp.

- Hỗn hợp chỉ gồm có 2 muối ⟹ 3 este cùng chung 1 gốc axit ACOONa và muối phenol. Từ khối lượng muối suy ra CTCT chung các muối.

Bước 3: Tính %m_Ytrong E.

- Từ CTCT muối ⟹ CTCT các chất của hh E

- Tính %m_Ytrong E

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Biện luận xác định thành phần và tính số mol các chất trong hh của este

- Ta thấy 1 < n_NaOH/n_E = 1,22 < 2 ⟹ hỗn hợp có este thường và este của phenol.

- Gọi n_{este thường} = a; n_{este phenol} = b

⟹ a + b = 0,09 mol và n_NaOH = a + 2b = 0,11

⟹ n_{este thường ancol} = 0,07 mol; n_{este phenol} = 0,02 mol

Bước 2: Xác định CTCT chung của 2 muối

- Phần 1: n_Ag = 0,04 mol ⟹ n_anđehit = 0,02 mol

⟹ n_ancol = 0,035 - 0,02 = 0,015 mol.

- Phần 2: Gọi số C trong anđehit và ancol lần lượt là x và y

⟹ n_CO2 = 0,02x + 0,015y = 0,07 ⟹ x = y = 2

⟹ CH₃CHO và C₂H₅OH.

- Hỗn hợp chỉ gồm có 2 muối ⟹ 3 este cùng chung 1 gốc axit ACOONa (0,09 mol) và muối phenol: BONa (0,02 mol)

m_muối = m_ACOONa+ m_BONa = 9,7 ⟹ 9A + 2B = 289

⟹ A = 15 (CH₃-) và B = 77 (C₆H₅-)

Bước 3: Tính %m_Ytrong E.

- Vậy hỗn hợp E gồm:

X: CH₃COOC₂H₅ (0,03 mol)

Y: CH₃COOCH=CH₂ (0,04 mol)

Z: CH₃COOC₆H₅ (0,02 mol)

⟹ %m_Y = 30%.

Câu 33 :

A.

76%.
B.

74%.
C.

73%.
D.

75%.

Đáp án : C

Phương pháp giải :

Bước 1: Xác định CTCT 2 muối Z

- Áp dụng bảo toàn nguyên tố C, Na thì thấy n_{C (muối)} = n_{Na (muối)} ⟹ 2 muối HCOONa và (COONa)₂.

- Tìm số mol mỗi muối dựa vào khối lượng hỗn hợp muối và bảo toàn Na.

Bước 2: Biện luận, dự đoán CTCT 2 ancol T

- Các ancol tách nước tạo anken ⟹ Hai ancol no, đơn chức, mạch hở (từ C₂H₅OH trở lên).

Bước 3: Xác định CTCT 2 este X, Y

- Gọi công thức 2 este là HCOOC₂H₅.xCH₂ và (COOC₂H₅)₂.yCH₂.

- Dựa vào bảo toàn C ⟹ giá trị phù hợp của x và y ⟹ Công thức 2 este.

Bước 4: Tính %m_Y trong E.

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Xác định CTCT 2 muối Z

- Đốt hỗn hợp muối Z:

+ Bảo toàn C: n_{C (muối)} = n_CO2 + n_Na2CO3 = 0,55 mol

+ Bảo toàn Na: n_Na = 2.n_Na2CO3 = 0,55 mol

Ta thấy số C = số Na ⟹ hai muối là HCOONa và (COONa)₂.

- Đặt n_HCOONa = a; n_(COONa)2 = b

+ Bảo toàn Na: a + 2b = 0,55 (1)

+ m_muối = 68a + 134b = 37 (2)

Từ (1), (2) ⟹ n_HCOONa = a = 0,15 mol; n_(COONa)2 = b = 0,2 mol.

Bước 2: Biện luận, dự đoán CTCT 2 ancol T

- Các ancol tách nước tạo anken ⟹ Hai ancol no, đơn chức, mạch hở (từ C₂H₅OH trở lên).

Bước 3: Xác định CTCT 2 este X, Y

- Gọi công thức 2 este là HCOOC₂H₅.xCH₂ (0,15 mol) và (COOC₂H₅)₂.yCH₂ (0,2 mol)

Bước 4: Tính %m_Y trong E.

- Bảo toàn C: n_CO2 = 0,15.(x + 3) + 0,2.(y + 6) = 1,85

⟹ 3x + 4y = 4 ⟹ x = 0; y = 1 thỏa mãn

⟹ 2 este là HCOOC₂H₅ và C₂H₅OOC-COOC₃H₇.

⟹ %m_Y = 74,246%.

Câu 34 :

A.

12,47
B.

15,6
C.

11,5
D.

14,3

Đáp án : A

Phương pháp giải :

Bước 1: Tính số mol của COO trong hỗn hợp X₁

- Tính n_CO2; n_H2O

- n_COO = 2.n_O(X1) = (m_X - m_C - m_H)/16

Bước 2: Tính n_KOH phản ứng

Khi ancol X₂ tác dụng với K:

n_OH(ancol) = 2n_H2 ⟹ n_COO(phenol) = n_H2O ⟹ n_{KOH pư}

Bước 3: Tính a

Bảo toàn khối lượng: m_X1 + m_{KOH pư} = m_muối + m_X2 + m_H2O

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Tính số mol của COO trong hỗn hợp X₁

- Đốt X₁: n_CO2 = 0,505 mol; n_H2O = 0,3 mol

⟹ n_O(X1) = (m_X - m_C - m_H)/16 = 0,17 mol

⟹ n_COO = 0,085 mol (do nhóm COO có 2 nguyên tử O)

Bước 2: Tính n_KOH phản ứng

- Khi ancol tác dụng với K:

n_OH(ancol) = 2n_H2 = 0,065 mol

⟹ n_COO(phenol) = 0,085 - 0,065 = 0,02 mol

⟹ n_H2O = 0,02 mol ⟹ n_{KOH pư} = 0,065 + 0,02.2 = 0,105 mol

Bước 3: Tính a

Bảo toàn khối lượng: m_X1 + m_{KOH pư} = m_muối + m_X2 + m_H2O

⟹ 9,38 + 0,105.56 = a + 2,43 + 0,02.18

⟹ a = 12,47 gam.

Câu 35 :

Phần trăm khối lượng của Y có trong hỗn hợp E là:

Đáp án

Phần trăm khối lượng của Y có trong hỗn hợp E là:

Phương pháp giải :

Bước 1: Xác định CTCT các hợp chất của G

- Do sau phản ứng thu được 2 ancol đồng đẳng kế tiếp nên các ancol phải là đơn chức.

Mà thu được 2 muối trong đó có 1 muối 2 chức nên 2 este đơn chức còn lại phải có chung gốc axit.

- Lập hệ phương trình, tính số mol và khối lượng hỗn hợp G để tìm mol mỗi ancol

Bước 2: Tính số mol các muối M

- Quy đổi hỗn hợp muối thành CH₂=CHCOONa, (COONa)₂, CH₂.

- Giải hệ phương trinh về số mol của NaOH, O₂ và H₂O ⟹ số mol các muối M

Bước 3: Tính %m_Y

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Xác định CTCT các hợp chất của G

- Do sau phản ứng thu được 2 ancol đồng đẳng kế tiếp nên các ancol phải là đơn chức.

Mà thu được 2 muối (trong đó có 1 muối 2 chức) nên 2 este đơn chức phải có chung gốc axit.

- Bảo toàn Na: n_NaOH = 2n_Na2CO3 = 0,75 mol

⟹ n_{ancol G} = n_NaOH = 0,75 mol

⟹ n_{H2O (pư ete hóa)} = ½.n_{ancol G} = 0,375 mol

- BTKL cho pư ete hóa: m_{ancol G} = m_ete + m_H2O = 19,35 + 0,375.18 = 26,1 gam

⟹ ${\bar M_G} = \dfrac{{26,1}}{{0,75}} = 34,8$

⟹ CH₃OH (0,6 mol) và C₂H₅OH (0,15 mol) (giải hệ số mol và khối lượng hỗn hợp G để tìm mol mỗi ancol)

Bước 2: Tính số mol các muối M

- Quy đổi hỗn hợp muối thành:

$\left\{ \begin{array}{l}C{H_2} = CHCOON{\rm{a}}:a\\{(COON{\rm{a}})_2}:b\\C{H_2}:c\end{array} \right. + {O_2}:1,675 \to \left\{ \begin{array}{l}N{a_2}C{O_3}:0,375\\C{O_2}:3{\rm{a}} + 2b + c - 0,375(BT.C)\\{H_2}O:0,875\end{array} \right.$

+) Bảo toàn Na: a + 2b = 0,75

+) Bảo toàn H: 3a + 2c = 2.0,875

+) Bảo toàn O: 2a + 4b + 2.1,675 = 3.0,375 + 2.(3a + 2b + c - 0,375) + 0,875

Giải hệ trên được a = 0,35; b = 0,2; c = 0,35.

Bước 3: Tính %m_Y

Từ $\left\{ \begin{array}{l}C{H_2} = CHCOON{\rm{a}}:0,35\\{(COON{\rm{a}})_2}:0,2\\C{H_2}:0,35\end{array} \right. \Rightarrow M\left\{ \begin{array}{l}{C_3}{H_5}COON{\rm{a}}:0,35\\{(COON{\rm{a}})_2}:0,2\end{array} \right.$

Kết hợp thành phần muối và thành phần ancol ta suy ra:

$E\left\{ \begin{array}{l}X:{C_3}{H_5}COOC{H_3}\left( {0,6 - 0,2.2 = 0,2} \right)\\Y:{C_3}{H_5}COO{C_2}{H_5}\left( {0,15} \right)\\Z:{\left( {COOC{H_3}} \right)_2}\left( {0,2} \right)\end{array} \right.$

⟹ %m_Y(E) = 28,17%.

Câu 36 :

Cho biết nguyên tử khối của các nguyên tố: H = 1; C = 12; N= 14; O = 16; Na = 23; S = 32.)

Giá trị của b bằng:

Đáp án

Cho biết nguyên tử khối của các nguyên tố: H = 1; C = 12; N= 14; O = 16; Na = 23; S = 32.)

Giá trị của b bằng:

Phương pháp giải :

Bước 1: Xác định CT chung của este X

- Dựa vào Y ⟶ T + H₂O

Ta có: V_T = V_{(3,36 gam N2)} ⟹ n_T = n_N2

Mà: n_H2O = n_T và n_Y = 2n_T ⟹ BBTKL tính m_Y

- So sánh số mol NaOH và số mol Y ⟹ dạng este trong X.

Bước 2: Tính số mol các chất trong hỗn hợp muối Z

- Dựa vào X + NaOH ⟹ Tính sô mol của các muối Z

Bước 3: Tính giá trị của b

- BTKL tính b = m_Z

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Xác định CT chung của este X

- Xét Y ⟶ T (ete) + H₂O

Ta có: V_T = V_{(3,36 gam N2)} ⟹ n_T = n_N2 = 3,36/28 = 0,12 mol.

Luôn có: n_H2O = n_T = 0,12 mol và n_Y = 2n_T = 0,24 mol.

Bảo toàn khối lượng ⟹ m_Y = m_T + m_H2O = 8,8 gam.

- Nhận thấy n_Y = 0,24 mol < n_NaOH = 0,56 mol

Mà Y gồm 2 ancol no, đơn chức, mạch hở ⟹ X chứa este có dạng RCOOC₆H₄R' và R₁COOR₁'

Bước 2: Tính số mol các chất trong hỗn hợp muối Z

- Xét X + NaOH

Bảo toàn khối lượng ⟹ m_X + m_NaOH = m_Y + m_Z + m_H2O

Bước 3: Tính giá trị của b

Vậy b = m_Z = 35,04 + 0,56.40 - 8,8 - 0,16.18 = 45,76 gam.

Câu 37 :

A.

2,7
B.

1,1
C.

4,7
D.

2,9

Đáp án : D

Phương pháp giải :

Bước 1: Tính n _{este đơn chức} và n _{este hai chức}trong phản ứng thủy phân hh E

- Tính n_NaOH

- Xét phản ứng thủy phân hỗn hợp E trong NaOH:

- Đặt n _{este đơn chức}= x và n _{este hai chức}= y (mol)

⟹ Lập hệ phương trình tính x, y dựa vào:

n_E = x + y (1) và n_NaOH = x + 2y (2)

Giải hệ tính x, y ⟹ x : y = 3 : 5

Bước 2: Tính n_CO2 , n _{este đơn chức} và n _{este hai chức}trong phản ứng đốt cháy E

- Do X, Y đều chứa 4 liên kết π nên ta giả sử E gồm:

C_nH_2n-6O₂ (3a mol) và C_mH_2m-6O₄ (5a mol)

- n_CO2 - n_H2O = 3n_E ⟹ n_CO2 - 0,37 = 3.8a

⟹ n_CO2 = 24a + 0,37 (mol)

- Mặt khác: m_E = m_C + m_H + m_O

⟹ Tính a ⟹ n_CO2; n _{este đơn chức} và n _{este hai chức}

Bước 3: Xác định CTCT các chất trong E

- BTNT "C": n_CO2 = 0,03n + 0,05m = 0,61 chỉ có nghiệm n = 7 và m = 8 thỏa mãn

(Do các axit đều 4C và ancol không no tối thiểu 3C nên n ≥ 7 và m ≥ 8)

- Biện luận xác định CTCT của E dựa vào sản phẩm thủy phân E trong NaOH

Bước 4: Xác định CTCT của ancol đơn chức và đa chức. Tính m₁:m₂

- Từ este xác định CTCT của ancol đa chức ⟹ m₁

Xác định ancol đơn chức gồm ⟹ m₂ = 0,05.32

⟹ m₁ : m₂

Lời giải chi tiết :

Bước 1: Tính n _{este đơn chức} và n _{este hai chức}trong phản ứng thủy phân hh E

- n_NaOH = 0,234.2,5 = 0,585 mol

- Xét phản ứng thủy phân hỗn hợp E trong NaOH:

- Đặt n _{este đơn chức}= x và n _{este hai chức}= y (mol)

⟹ n_E = x + y = 0,36 mol và n_NaOH = x + 2y = 0,585

Giải hệ thu được x = 0,135 và y = 0,225

⟹ x : y = 3 : 5

Bước 2: Tính n _{este đơn chức} và n _{este hai chức}trong phản ứng đốt cháy E

- Xét phản ứng đốt cháy E:

Do X, Y đều chứa 4 liên kết π nên ta giả sử E gồm:

C_nH_2n-6O₂ (3a mol) và C_mH_2m-6O₄ (5a mol)

- n_CO2 - n_H2O = 3n_E ⟹ n_CO2 - 0,37 = 3.8a

⟹ n_CO2 = 24a + 0,37 (mol)

- Mặt khác: m_E = m_C + m_H + m_O

⟹ 12(24a + 0,37) + 0,37.2 + 3a.32 + 5a.64 = 12,22 ⟹ a = 0,01 mol

⟹ n_CO2 = 24.0,01 + 0,37 = 0,61 mol; n _{este đơn chức}= 0,03 và n _{este hai chức}= 0,05 (mol)

Bước 3: Xác định CTCT các chất trong E

- BTNT "C": n_CO2 = 0,03n + 0,05m = 0,61 chỉ có nghiệm n = 7 và m = 8 thỏa mãn

(Do các axit đều 4C và ancol không no tối thiểu 3C nên n ≥ 7 và m ≥ 8)

- Do thủy phân E trong NaOH thu được hỗn hợp X gồm các muối của các axit cacboxylic không no, có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử; hai ancol không no, đơn chức và một ancol no, đơn chức nên ta suy ra cấu tạo của các chất trong E là:

Bước 4: Xác định CTCT của ancol đơn chức và đa chức. Tính m₁:m₂

Ancol đa chức gồm: CH≡C-CH₂-OH (0,03 mol) và CH₂=CH-CH₂-OH (0,05 mol)

⟹ m₁ = 0,03.56 + 0,05.58 = 4,58 gam

Ancol đơn chức gồm: CH₃OH (0,05 mol)

⟹ m₂ = 0,05.32 = 1,6 gam

⟹ m₁ : m₂ = 4,58 : 1,6 = 2,8625 gần nhất với 2,9.

Trắc nghiệm Ôn tập chương 1 - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Ôn tập chương 1 Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Este - Lipit hay và khó (phần 1) - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập Este - Lipit hay và khó (phần 1) Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Trắc nghiệm Bài 2. Thủy phân chất béo - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 2. Thủy phân chất béo Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Trắc nghiệm Bài 2. Lipit - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 2. Lipit Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập về hiệu suất phản ứng este hóa - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập về hiệu suất phản ứng este hóa Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập về chuỗi phản ứng este - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập về chuỗi phản ứng este Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Trắc nghiệm Bài 1. Điều chế, ứng dụng, nhận biết este - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 1. Điều chế, ứng dụng, nhận biết este Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Trắc nghiệm Bài 1. Đốt cháy este không no - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 1. Đốt cháy este không no Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Trắc nghiệm Bài 1. Đốt cháy este no - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 1. Đốt cháy este no Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Trắc nghiệm Bài 1. Thủy phân este đa chức - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 1. Thủy phân este đa chức Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Trắc nghiệm Bài 1. Thủy phân este đặc biệt - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 1. Thủy phân este đặc biệt Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Trắc nghiệm Bài 1. Thủy phân este đơn giản - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 1. Thủy phân este đơn giản Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Trắc nghiệm Bài 1. Este (Đồng phân - Danh pháp - Tính chất vật lý) - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 1. Este (Đồng phân - Danh pháp - Tính chất vật lý) Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Xem chi tiết

Bài giải mới nhất

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Este - Lipit hay và khó (phần 2) - Hóa 12

Báo lỗi góp ý