Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập lý thuyết Vô cơ - Hóa 12

Khi thêm 0,85 mol NaOH vào X thì thu được dung dịch chứa NaCl: 0,52 mol và Na₂SO₄ : 0,14mol;

Vì n_NaOH > n_NaCl + 2n_Na2SO4 nên còn NaAlO₂

Bảo toàn Na có n_NaOH = n_NaCl + 2n_Na2SO4 + n_NaAlO2 → 0,85 = 0,52 + 2.0,14 + n_NaAlO2

→ n_NaAlO2 = 0,05 mol

Kết tủa thu được là Mg(OH)₂ : x mol và Al(OH)₃ : y mol

Ta có hệ sau \(\left\{ \begin{gathered}{m_ \downarrow } = 58x + 78y = 16.5 \hfill \\{m_{hh{\text{ bd}}}} = 24x + 27(x + 0,05) = 7,65 \hfill \\\end{gathered}  \right. \to \left\{ \begin{gathered}x = 0,15 \hfill \\y = 0,1 \hfill \\\end{gathered}  \right.\)

→ dd X có Al⁺³ : 0,15 mol; Mg⁺² : 0,15 mol; Cl^- : 0,52 mol; SO₄^2- : 0,14 mol

Ta thấy X có 3n_Al + 2n_Mg < n_Cl + 2n_SO4 nên X có dư H⁺ → n_H⁺ = 0,52 + 0,14.2 -0,15.3 -0,15.2 = 0,05 mol

                                                  OH^-  + H⁺ →  H₂O

                                                 OH^- + Mg⁺² →  Mg(OH)₂

                                                 3OH^- + Al⁺³ →  Al(OH)₃

                                                  Ba²⁺ + SO₄^2- →  BaSO₄

                                        Al(OH)₃ + OH^- →   AlO₂^- + 2H₂O

Khi thêm 8x mol KOH và x mol Ba(OH)₂ vào dung dịch X thì để thu được lượng kết tủa lớn nhất ta xét các TH sau

TH₁ : kết tủa có BaSO₄ : 0,14 mol và Mg(OH)₂: 0,15 mol và có thể có Al(OH)₃

Bảo toàn Ba có x = 0,14 mol → n_OH =8x + 2x =10x =1,4 mol > 2n_Mg + 4n_Al +n_H+ = 0,95

→  phản ứng có kết tủa Al(OH)₃ bị hòa tan hết →  kết tủa thu được là BaSO₄ và Mg(OH)₂

→  đem nung thu được BaSO₄ : 0,14 mol và MgO : 0,15 mol →  m = 38,62g

TH₂: Kết tủa có Al(OH)₃ : 0,15 mol và Mg(OH)₂: 0,15 mol; BaSO₄

Ta có n_OH = 10x = 0,15.3 + 0,15.2 +0,05=0,8 →  x = 0,08 mol→  có 0,08 mol BaSO₄

→  Đem nhiệt phân thu được 0,08 mol BaSO₄; 0,075 mol Al₂O₃ và 0,15mol MgO

 →  m = 0,08.233 + 0,075.102 +0,15.40 =32,29g

Nên TH₁ khối lượng kết tủa lớn nhất là 38,62 g gần nhất với 38,6 nhất