Phương pháp giải:

PTHH tổng quát khi đốt cacbohidrat: C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

+ Khi đốt cháy một cacbohidrat ta luôn thu được: n_CO2 = n_O2

+ Bảo toàn khối lượng: m_A = m_CO2 + m_H2O - m_O2

Lời giải chi tiết:

PTHH tổng quát khi đốt cacbohidrat: C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

+ Khi đốt cháy một cacbohidrat ta luôn thu được: n_CO2 = n_O2 = 0,1125 mol 

+ Bảo toàn khối lượng: m_A = m_CO2 + m_H2O - m_O2 = 0,1125.44 + 1,8 - 0,1125.32 = 3,15 gam

Đáp án D

Phương pháp giải:

PTHH tổng quát khi đốt cacbohidrat: C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

+ Khi đốt cháy một cacbohidrat ta luôn thu được: n_CO2 = n_O2

+ Bảo toàn khối lượng: m_cacbohidrat = m_CO2 + m_H2O - m_O2 

Lời giải chi tiết:

PTHH tổng quát khi đốt cacbohidrat: C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

+ Khi đốt cháy một cacbohidrat ta luôn có: n_O2 = n_CO2 = 0,36 mol

+ Bảo toàn khối lượng: m = m_CO2 + m_H2O - m_O2 = 15,84 + 6,21 - 0,36.32 = 10,53 gam

Đáp án A

Phương pháp giải:

+ PTHH tổng quát khi đốt cacbohidrat: C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

Khi đốt cháy cacbohidrat ta luôn có: n_O2 = n_CO2

+ Bài toán trở thành bài toán hấp thụ CO₂ vào dd kiềm.

Lời giải chi tiết:

PTHH tổng quát khi đốt cacbohidrat: C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

Như vậy, khi đốt cháy cacbohidrat ta luôn có: n_O2 = n_CO2 = 0,6 mol

Bài toán hấp thụ CO2 vào dd kiềm: \(\left\{ \begin{array}{l}{n_{CO2}} = 0,6mol\\{n_{OH - }} = {n_{NaOH}} + 2{n_{Ba\left( {OH} \right)2}} = 0,75mol\end{array} \right.\)

Tỉ lệ: \(\frac{{{n_{O{H^ - }}}}}{{{n_{C{O_2}}}}} = \frac{{0,75}}{{0,6}} = 1,25\) => Tạo CO₃^2- và HCO₃^-

PT ion:

CO₂ + 2OH^- → CO₃^2- + H₂O

x           2x          x

CO₂ + OH^- → HCO₃^-

y            y             y

Ta có hệ phương trình: \(\left\{ \begin{array}{l}{n_{C{O_2}}} = x + y = 0,6\\{n_{O{H^ - }}} = 2x + y = 0,75\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}x = 0,15\\y = 0,45\end{array} \right.\)

PT tạo kết tủa:

        Ba²⁺ + CO₃^2- → BaCO₃

Bđ:   0,2          0,15

Pư:   0,15 ←  0,15 →    0,15

=> m _{kết tủa} = m_BaCO3 = 0,15.197 = 29,55 gam

Đáp án D

Phương pháp giải:

+ X đều có dạng (CH₂O)_n => Quy đổi về CH₂O

PT đốt cháy: CH₂O + O₂ → CO₂ + H₂O

=> n_CO2 = n_O2

+ n_CaCO3 = n_CO2

Lời giải chi tiết:

X: C₆H₁₂O₆; CH₂O; C₂H₄O₂

Ta thấy các chất trong X đều có dạng (CH₂O)_n => Quy đổi về CH₂O

CH₂O + O₂ → CO₂ + H₂O

=> n_CO2 = n_O2 = 0,15 mol

Cho CO₂ vào dung dịch Ca(OH)₂ dư => m_CaCO3 = n_CO2 = 0,15 mol

=> m_CaCO3 = 15 gam

Đáp án A

Phương pháp giải:

+ Bảo toàn khối lượng: m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O

+ Khối lượng dung dịch giảm: ∆ = m _{kết tủa} – (m_CO2 + m_H2O)

+ Đốt cháy hợp chất có CTTQ: C_n(H₂O)_m  luôn có: n_CO2 = n_O2

+ Bảo toàn nguyên tố

Lời giải chi tiết:

n_O2 = 0,3 mol

BTKL phản ứng cháy: m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O = 18,6 gam

Mặt khác, m _{dd giảm} = m _{kết tủa} – (m_CO2 + m_H2O) => m _{kết tủa} = 1,1 + 18,6 = 19,7 gam

=> n _{kết tủa} = 0,1 mol

X có công thức dạng C_n(H₂O)_m

C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

n_CO2 = n_O2 = 0,3 mol > n _{kết tủa}

=> dd có Ba(HCO₃)₂

BTNT "C" => n_CO2 = n_BaCO3 + 2n_Ba(HCO3)2 => n_Ba(HCO3)2 = 0,1 mol

BTNT "Ba" => n_Ba(OH)2 = n_BaCO3 + n_Ba(HCO3)2 => n_Ba(OH)2 = 0,2 mol

=> C_M = 0,4M

Đáp án D

Phương pháp giải:

+ Đốt cháy hợp chất có CTTQ: C_n(H₂O)_m luôn có: n_CO2 = n_O2

+ Khối lượng dung dịch giảm: ∆ = m _{kết tủa} – (m_CO2 + m_H2O)

+ Lập tỉ lệ n : m = n_CO2 : n_H2O

Lời giải chi tiết:

n_O2 = 0,3 mol

X có công thức dạng C_n(H₂O)_m

C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

=> n_CO2 = n_O2 = 0,3 mol

Do Ca(OH)₂ dư do đó toàn bộ CO₂ được chuyển thành CaCO₃

m _{dd giảm} = m _CaCO3 – (m_CO2 + m_H2O)

=> 11,4 = 0,3.100 - (0,3.44 + m_H2O) => m_H2O = 5,4 gam

=> n_H2O = 0,3 mol

=> n : m = n_CO2 : n_H2O = 1 : 1

Đáp án B

Phương pháp giải:

n_C6H12O6 = a/180 (mol); n_Ca(OH)2 = 0,39 (mol); n_CaCO3 = a/100 (mol)

C₆H₁₂O₆ + 6O₂ → 6CO₂ + 6H₂O

a/180 →                  a/30 (mol)

Ta thấy: n_CO2 > n_CaCO3 và CO₂ được hấp thụ hết vào dd Ca(OH)₂ => Phản ứng có tạo Ca(HCO₃)₂

BTNT "Ca": n_Ca(HCO3)2 = n_Ca(OH)2 - n_CaCO3 (theo ẩn a)

BTNT "C" lập phương trình ẩn a: n_CO2 = n_CaCO3 + 2n_Ca(HCO3)2

=> a

Lời giải chi tiết:

n_C6H12O6 = a/180 (mol); n_Ca(OH)2 = 0,39 (mol); n_CaCO3 = a/100 (mol)

C₆H₁₂O₆ + 6O₂ → 6CO₂ + 6H₂O

a/180 →                  a/30 (mol)

Ta thấy: n_CO2 > n_CaCO3 và CO₂ được hấp thụ hết vào dd Ca(OH)₂ => Phản ứng có tạo Ca(HCO₃)₂

BTNT "Ca": n_Ca(HCO3)2 = n_Ca(OH)2 - n_CaCO3 = 0,39 - a/100 (mol)

BTNT "C": n_CO2 = n_CaCO3 + 2n_Ca(HCO3)2

=> \(\frac{a}{{30}} = \frac{a}{{100}} + 2.(0,39 - \frac{a}{{100}})\) => a = 18 gam

Đáp án D

Phương pháp giải:

+ Viết PTHH: C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

+ Lập tỉ lệ H₂O : CO­₂

Lời giải chi tiết:

Ta có: n_CO2 = 0,06 mol; n_H2O = 0,06 mol

B có công thức dạng C_n(H₂O)_m

C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

                                   0,06     0,06

=> n : m = 0,06 : 0,06 = 1:1

Đáp án D

Phương pháp giải:

+ Phần 1: n_Glu = ½n_Ag

+ Phần 2: Thủy phân tinh bột thu được glucozo => n_Ag = 2n_Glucose + 2n_C6H10O5

Lời giải chi tiết:

Phần 1: Chỉ có glucozo phản ứng tráng bạc => n_Glucozo = 0,015 mol

Phần 2: Tinh bột thủy phân tạo glucozo => Phản ứng tráng bạc có

n _Ag = 2n_Glucozo + 2n_C6H10O5

=> n_C6H10O5 = 0,03 mol

Trong toàn bộ X có 0,06 mol C₆H₁₀O₅

=> m _{tinh bột} = m _C6H10O5 = 9,72 gam

Đáp án C

Lời giải chi tiết:

Đáp án D

Phương pháp giải:

Saccarozo→glucose+fructose →4Ag

Glucose → 2Ag

Lời giải chi tiết:

Hướng dẫn giải

Trong X đặt glucose : x mol và saccarzo : y mol

Khối lượng X là 24,48 = 180x + 342y

Đốt cháy X

C₆H₁₂O₆ +6 O₂ → 6CO₂ +6H₂O

C₁₂H₂₂O₁₁ + 12O₂→ 12CO₂ + 11H₂O

Lượng O₂ pư là 6x + 12y = 0,84

→ x=0,06, y=0,04 mol

0,06 mol glucose → 0,12 mol Ag

0,04 mol saccarozo → 0,08 mol glucose → 0,16 mol Ag

→m =0,28.108=30,24

Đáp án A

Phương pháp giải:

2 công thức ban đầu đều có số nguyên tử H gấp 2 lần nguyên tử C => n_CO2 = n_H2O

Lời giải chi tiết:

Do trong C₃H₆O và C₆H₁₂O₆ đều có số nguyên tử H gấp đôi số C => n_CO2 = n_H2O

=> V_CO2 = 0,3.22,4 = 6,72 lit

Đáp án A

Phương pháp giải:

Quy về CTTQ C_nH₂nO

n_C = n_O2

Lời giải chi tiết:

C₆H₁₂O₆ và C₁₂H₂₂O₁₁ đều có CTTQ C_nH_2nO_n

CnH_2nO_n + nO₂ → nCO₂ + nH₂O

n_CO2 = n _O2 = 1,68 (mol)

=> m _BaCO3 = 1,68.197 =330, 96 (g)

Đáp án C

Phương pháp giải:

C₆H₁₂O₆, C₂H₄O₂, C₁₂H₂₂O₁₁. Quy đổi thành C_nH_2mO_m

Viết PTHH, nhận thấy mối liên hệ giữa số mol O₂ và CO₂.

Lời giải chi tiết:

C₆H₁₂O₆, C₂H₄O₂, C₁₂H₂₂O₁₁. Quy đổi thành C_nH_2mO_m

C_nH_2mO_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

Ta thấy n_CO2 = n_O2 = 0,3 mol => m_CaCO3 = 0,3.100 = 30 gam

Đáp án C

Phương pháp giải:

+ Các chất trong X đều có CT dạng: (CH₂O)_n. Do đó khi đốt cháy ta có: n_CO2 = n_H2O = n_O2.

+ Dẫn sản phẩm cháy (CO₂, H₂O) qua dung dịch Ca(OH)₂ dư:

               m_{dd sau} – m_{dd đầu} = (m_CO2 + m_H2O) – m_CaCO3

Lời giải chi tiết:

+ NX: HCHO, CH₃COOH, C₆H₁₂O₆ (glucozơ), C₆H₁₂O₆ (fructozơ) đều có CT dạng C_nH_2nO_n.

+ Đốt cháy hỗn hợp X:

\(\begin{array}{l}{n_{{O_2}}} = 0,325\,mol\\{C_n}{H_{2n}}{O_n} + n{O_2} \to nC{O_2} + n{H_2}O\\\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,0,325\,\, \to \,0,325\,\,\,\,\,\,0,325\,\,\,(mol)\end{array}\)

+ Vì dung dịch Ca(OH)₂ dư nên n_CaCO3 = n_CO2 = 0,325 mol → m_CaCO3 = 32,5 gam.

Ta có: m_{dd sau} – m_{dd đầu} = (m_CO2 + m_H2O) – m_CaCO3 = 0,325.44 + 0,325.18 – 32,5 =  – 12,35 gam < 0

→ dung dịch Y so với dung dịch Ca(OH)₂ ban đầu đã giảm đi 12,35 gam.

Đáp án A

Phương pháp giải:

Hỗn hợp X gồm các chất đều có dạng C_n(H₂O)_m và khi đốt cháy ta thấy n_O2 = n_CO2 = n_C(X). (1)

(Để đơn giản hơn, ta có thể coi số mắt xích của tinh bột n = 1)

Ta thấy: n_Ag = 1/3. n_C(X) (2).   Từ (1) và (2) → số mol Ag.

Lời giải chi tiết:

\( \Rightarrow {n_{Ag}} = 2x + 4y + 2nz = \frac{1}{3}{n_{{C_{(X)}}}} = 0,13\,mol \Rightarrow {m_{Ag}} = 14,04\,gam.\)

Đáp án C

Phương pháp giải:

* Đốt cháy chất rắn và dẫn sản phẩm qua dung dịch Ba(OH)₂:

Tính được: n_Ba(OH)2 = ? và n_BaCO3 = ?

Do tiếp tục đun nóng dung dịch lại thu được kết tủa nên dung dịch có chứa muối Ba(HCO₃)₂

BTNT “Ba” => n_Ba(HCO3)2 = n_Ba(OH)2 – n_BaCO3 = ?

BTNT “C”: n_CO2 = n_BaCO3 + 2n_Ba(HCO3)2 = ?

* Thủy phân chất rắn trong môi trường axit rồi cho sản phẩm tráng bạc:

BT “C” => n_C6H12O6 = n_CO2/6 = ?

=> n_Ag = 2n_C6H12O6 = ?

=> m = ?

Lời giải chi tiết:

* Đốt cháy chất rắn và dẫn sản phẩm qua dung dịch Ba(OH)₂:

n_Ba(OH)2 = 0,6 mol

n_BaCO3 = 0,3 mol

Do tiếp tục đun nóng dung dịch lại thu được kết tủa nên dung dịch có chứa muối Ba(HCO₃)₂

BTNT “Ba” => n_Ba(HCO3)2 = n_Ba(OH)2 – n_BaCO3 = 0,6 – 0,3 = 0,3 mol

BTNT “C”: n_CO2 = n_BaCO3 + 2n_Ba(HCO3)2 = 0,3 + 2.0,3 = 0,9 mol

* Thủy phân chất rắn trong môi trường axit rồi cho sản phẩm tráng bạc:

BT “C” => n_C6H12O6 = n_CO2/6 = 0,9:6 = 0,15 mol

=> n_Ag = 2n_C6H12O6 = 0,3 mol

=> m = 0,3.108 = 32,4 gam

Đáp án A

Phương pháp giải:

BTNT “C”: n_CaCO3 = n_CO2 = n_C = n_O2= ?(mol)

Lời giải chi tiết:

n_O2(ĐKTC) = 16,8 : 22,4 = 0,75 (mol)

Gọi công thức chung của X là: C_n(H₂O)_m

Đốt X thực chất là quá trình đốt Cacbon

C    +   O₂ → CO₂

0,75← 0,75          (mol)

BTNT “C”: n_CaCO3 = n_CO2 = n_C = 0,75 (mol)

=> m_CaCO3 = 0,75.100 = 75 (g)

Đáp án C

Phương pháp giải:

Đặt công thức chung của X là C_n(H₂O)_m

Đốt X thực chất là đốt C vì chỉ có C cháy: C + O₂ → CO₂

BTNT: n_BaCO3 = n_C = n_O2 = 1,68 (mol)

Lời giải chi tiết:

Đặt công thức chung của X là C_n(H₂O)_m

n_O2(đktc) = 37,632 :22,4 = 1,68 (mol)

Đốt X thực chất là đốt C vì chỉ có C cháy

C + O₂ → CO₂

BTNT: n_BaCO3 = n_C = n_O2 = 1,68 (mol)

=> m_↓ = m_BaCO3 = 1,68.197 = 330,96 (g)

Đáp án D

Phương pháp giải:

Đặt a,b, c là số mol glucozơ (C₆H₁₂O₆ = C₆(H₂O)_6­ ), saccarozơ (C₁₂H₂₂O₁₁ = C₁₁(H₂O)₁₁) và xenlulozơ (C₆H₁₀O₅)_n = C₆(H₂O)₅

n_X = a + b + c = 0,15

Đốt X thực chất là đốt cháy C

n_CO2 = n_O2 = 1,02 (mol)

=> 6a + 12b + 6c = 1,02 (2)

m_CO2 + m_H2O = 1,02.44 + 18.(6a +11b + 5c) = 61,98 (3)

Giải hệ (1), (2), (3) => a = ? ; b = ? và c = ? (mol)

Cho X tác dụng với dd AgNO₃/NH₃ chỉ có glucozo tham gia phản ứng

Lời giải chi tiết:

Đặt a,b, c là số mol glucozơ (C₆H₁₂O₆ = C₆(H₂O)_6­ ), saccarozơ (C₁₂H₂₂O₁₁ = C₁₁(H₂O)₁₁) và xenlulozơ (C₆H₁₀O₅)_n = C₆(H₂O)₅

n_X = a + b + c = 0,15

CT chung của X có dạng C_n(H₂O)_m: 0,1 mol Đốt X thực chất là đốt cháy C

C + O₂ → CO₂

n_CO2 = n_O2 = 1,02 (mol)

=> 6a + 12b + 6c = 1,02 (2)

m_CO2 + m_H2O = 1,02.44 + 18.(6a +11b + 5c) = 61,98 (3)

Giải hệ (1), (2), (3) => a = 0,08 ; b = 0,02 và c = 0,05 (mol)

Cho X tác dụng với dd AgNO₃/NH₃ chỉ có glucozo tham gia phản ứng

=> n_Ag = 2n_Glu = 2a = 0,16 (mol)

=> m_Ag = 0,6.108 = 17,28 (g)

Đáp án B

Phương pháp giải:

Hỗn hợp X gồm: C₂H₄O₂; CH₂O; C₆H₁₂O₆; C₆H₁₂O₆ → tất cả các chất này có công thức chung là (CH₂O)_n

PTHH: (CH₂O)_n + nO₂ → nCO₂ + nH₂O

→ n_CO2  = n_H2O = 0,15 (mol)

Khi cho sp cháy vào dd Ca(OH)₂ dư có phản ứng

CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃↓ + H₂O

0,15                    → 0,15 (mol)

Xét: ∆m = m_CO2 + m_H2O - m_CaCO3 = ?

∆m > 0 thì khối lượng dd tăng; ∆m < 0 thì khối lượng dung dịch giảm

Lời giải chi tiết:

Hỗn hợp X gồm: C₂H₄O₂; CH₂O; C₆H₁₂O₆; C₆H₁₂O₆ → tất cả các chất này có công thức chung là (CH₂O)_n

n_O2(đktc) = 3,36 : 22,4 = 0,15 (mol)

PTHH: (CH₂O)_n + nO₂ → nCO₂ + nH₂O

                               0,15 → 0,15     0,15     (mol)

→ n_CO2  = n_H2O = 0,15 (mol)

Khi cho sp cháy vào dd Ca(OH)₂ dư có phản ứng

CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃↓ + H₂O

0,15                    → 0,15 (mol)

Xét: ∆m = m_CO2 + m_H2O - m_CaCO3 = 0,15.44 + 0,15.18 - 0,15.100 = -5,7

Vậy khối lượng dung dịch Ca(OH)₂ giảm 5,7 g

Đáp án C

Phương pháp giải:

m _{dd tăng} = m_CO2 + m_H2O

m _{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O – m_CaCO3

=> m_CaCO3

Do đun nóng dung dịch Y lại thu được kết tủa nên trong Y chứa Ca(HCO₃)₂

Tính theo PTHH thu được số mol của CaCO₃ và Ca(HCO₃)₂

BTNT “C”: n_CO2 = n_CaCO3 + 2n_Ca(HCO3)2

=> m_H2O = 3,63 – m_CO2 => n_H2O => n_H

Xác định tỉ lệ C : H => X

Lời giải chi tiết:

m _{dd tăng} = m_CO2 + m_H2O = 3,63

m _{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O – m_CaCO3 = 0,63

=> m_CaCO3 = 3 gam

Do đun nóng dung dịch Y lại thu được kết tủa nên trong Y chứa Ca(HCO₃)₂

=> Khối lượng CaCO₃ sinh thêm sau khi đun nóng Y là 4,5 – 3 = 1,5 gam

Ca(HCO₃)₂ → CaCO₃ + CO₂ + H₂O

    0,015    ←      0,015

Như vậy: n_CaCO3 = 0,03 mol và n_Ca(HCO3)2 = 0,015 mol

BTNT “C”: n_CO2 = n_CaCO3 + 2n_Ca(HCO3)2 = 0,03 + 2.0,015 = 0,06 mol

=> m_H2O = 3,63 – m_CO2 = 3,63 – 0,06.44 = 0,99 gam => n_H2O = 0,055 mol

=> n_H = 2n_H2O = 0,11 mol

C : H = 0,06 : 0,11 = 6 : 11

=> X là C₁₂H₂₂O₁₁ (Saccarozo)

Đáp án D

Phương pháp giải:

- Khi đốt cacbohiđrat ta luôn có: n_CO2 = n_O2 (HS chứng minh bằng cách viết PTHH)

- Bảo toàn khối lượng tính khối lượng H₂O

- Khi đưa sp cháy qua bình Ca(OH)₂ thì CO₂, H₂O bị hấp thụ và có phản ứng:

CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃ + H₂O

Khối lượng dung dịch giảm: m_{dd giảm} = m_{mất đi} - m_{thêm vào} = m_CaCO3 - (m_CO2 + m_H2O)

Lời giải chi tiết:

- Khi đốt cacbohiđrat ta luôn có: n_CO2 = n_O2 = 0,54 mol

- Bảo toàn khối lượng ⟹ m_H2O = m_{hỗn hợp} + m_O2 - m_CO2 = 15,48 + 0,54.32 - 0,54.44 = 9 gam

- Khi đưa sp cháy qua bình Ca(OH)₂ thì CO₂, H₂O bị hấp thụ và có phản ứng:

CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃ + H₂O

0,54 →                   0,54             (mol)

Khối lượng dung dịch giảm:

m_{dd giảm} = m_{mất đi} - m_{thêm vào} = m_CaCO3 - (m_CO2 + m_H2O) = 0,54.100 - (0,54.44 + 9) = 21,24 gam

Đáp án A

Phương pháp giải:

Đốt cacbohidrat luôn có: n_CO2 = n_O2 = ? (mol) ⟹ m_CO2 = n_CO2×M_CO2 = ?(g)

BTKL ta có: m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O ⟹ m_H2O = ? (g) ⟹ n_H2O = m_H2O : n_H2O = ? (mol)

Sản phẩm cháy hấp thụ vào dd Ba(OH)₂ có:

m_dd giảm = m_BaCO3 – (m_CO2 + m_H2O) ⟹ m_BaCO3 = ? (g)⟹ n_BaCO3 = ? (mol)

Hấp thụ CO₂ vào dd Ba(OH)₂ tạo ra 2 muối BaCO₃ và Ba(HCO₃)₂

BTNT “Ba”: n_Ba(OH)2 = n_BaCO3 + n_Ba(HCO3)2 = ?

Lời giải chi tiết:

n_O2(đktc) = V_O2/22,4 = 0,3 (mol)

Đặt công thức cacbohiđrat có dạng: C_n(H₂O)_m

PT cháy: C_n(H₂O)_m + nO₂  nCO₂ + mH₂O

Theo PTHH ta thấy: n_CO2 = n_O2 = 0,3 (mol) ⟹ m_CO2 = n_CO2×M_CO2 = 0,3×44 = 13,2 (g)

BTKL ta có: m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O

                   ⟹ 9 + 0,3× 32 = 13,2+ m_H2O

                   ⟹ m_H2O = 5,4 (g)

⟹ n_H2O = m_H2O : n_H2O = 5,4 : 18 = 0,3 (mol)

Sản phẩm cháy hấp thụ vào dd Ba(OH)₂ có:

m_dd giảm = m_BaCO3 – (m_CO2 + m_H2O)

⟹ 1,1 = m_BaCO3 – (13,2 + 5,4)

⟹ m_BaCO3 = 19,7 (g)

⟹ n_BaCO3 = m_BaCO3 : M_BaCO3 = 19,7 : 197 = 0,1 (mol)

Hấp thụ CO₂ vào dd Ba(OH)₂ tạo ra 2 muối BaCO₃ và Ba(HCO₃)₂

BTNT “C”: n_CO2 = 2n_Ba(HCO3)2 + n_BaCO3 ⟹ n_Ba(HCO3)2 = (n_CO2 – n_BaCO3)/2 = (0,3 – 0,1)/2 = 0,1 (mol)

BTNT “Ba”: n_Ba(OH)2 = n_BaCO3 + n_Ba(HCO3)2 = 0,1 + 0,1 = 0,2 (mol)

⟹ C_M Ba(OH)₂ = n_Ba(OH)2 : V_Ba(OH)2 = 0,2 : 0,25 = 0,8 (M)

Đáp án D

Phương pháp giải:

Khi đốt cacbohiđrat luôn có mối liên hệ n_O2 = n_CO2

Bảo toàn khối lượng tính được m

Lời giải chi tiết:

Khi đốt cacbohiđrat luôn có mối liên hệ n_O2 = n_CO2 = 53,76/22,4 = 2,4 mol

(HS tự chứng minh bằng cách viết PTHH đốt cháy C_n(H₂O)_m)

BTKL: m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O

⇔ m + 2,4.32 = 2,4.44 + 39,6

⇔ m = 68,4 gam

Đáp án C

Phương pháp giải:

* Đốt cháy chất rắn và dẫn sản phẩm qua dung dịch Ba(OH)₂:

Tính được: n_Ba(OH)2 = ? và n_BaCO3 = ?

Do tiếp tục đun nóng dung dịch lại thu được kết tủa nên dung dịch có chứa muối Ba(HCO₃)₂

BTNT “Ba” => n_Ba(HCO3)2 = n_Ba(OH)2 – n_BaCO3 = ?

BTNT “C”: n_CO2 = n_BaCO3 + 2n_Ba(HCO3)2 = ?

* Thủy phân chất rắn trong môi trường axit rồi cho sản phẩm tráng bạc:

BT “C” => n_C6H12O6 = n_CO2/6 = ?

=> n_Ag = 2n_C6H12O6 = ?

=> m = ?

Lời giải chi tiết:

* Đốt cháy chất rắn và dẫn sản phẩm qua dung dịch Ba(OH)₂:

n_Ba(OH)2 = 0,6 mol

n_BaCO3 = 0,3 mol

Do tiếp tục đun nóng dung dịch lại thu được kết tủa nên dung dịch có chứa muối Ba(HCO₃)₂

BTNT “Ba” => n_Ba(HCO3)2 = n_Ba(OH)2 – n_BaCO3 = 0,6 – 0,3 = 0,3 mol

BTNT “C”: n_CO2 = n_BaCO3 + 2n_Ba(HCO3)2 = 0,3 + 2.0,3 = 0,9 mol

* Thủy phân chất rắn trong môi trường axit rồi cho sản phẩm tráng bạc:

BT “C” => n_C6H12O6 = n_CO2/6 = 0,9:6 = 0,15 mol

=> n_Ag = 2n_C6H12O6 = 0,3 mol

=> m = 0,3.108 = 32,4 gam

Đáp án A

Lời giải chi tiết:

* Đốt cháy chất rắn và dẫn sản phẩm qua dung dịch Ba(OH)₂:

n_Ba(OH)2 = 0,6 mol

n_BaCO3 = 0,3 mol

Do tiếp tục đun nóng dung dịch lại thu được kết tủa nên dung dịch có chứa muối Ba(HCO₃)₂

BTNT “Ba” => n_Ba(HCO3)2 = n_Ba(OH)2 – n_BaCO3 = 0,6 – 0,3 = 0,3 mol

BTNT “C”: n_CO2 = n_BaCO3 + 2n_Ba(HCO3)2 = 0,3 + 2.0,3 = 0,9 mol

* Thủy phân chất rắn trong môi trường axit rồi cho sản phẩm tráng bạc:

BT “C” => n_C6H12O6 = n_CO2/6 = 0,9:6 = 0,15 mol

=> n_Ag = 2n_C6H12O6 = 0,3 mol

=> m = 0,3.108 = 32,4 gam

Đáp án A

Phương pháp giải:

Quy về CTTQ: C_n(H₂O)_m đốt cháy luôn có n_O2 = n_CO2

Lời giải chi tiết:

n_O2 = 8,96: 22,4 = 0,4 mol

Glucozơ và Fructo zơ : C₆H₁₂O₆ ; metanal : CH₂O ; axit axetic: C₂H₄O; saccarozơ: C₁₂H₂₂O₁₁; tinh bột (C₆H₁₀O₅)_n

=> CTTQ chung C_n(H₂O)_m

Bản chất đốt cháy các hợp chất này là quá trình đốt cháy cacbon

   C+ O₂ → CO₂

0,4← 0,4→ 0,4

CO₂ + Ca(OH)₂ dư → CaCO₃↓

0,4                            → 0,4

Từ CTTQ =>\({n_{{H_2}O}} = \frac{{{m_X} - {m_C}}}{{18}} = \frac{{11,64 - 0,4.12}}{{18}} = 0,38\,\,mol\)

Khối lượng dung dịch sau: ∆ = m_CO2 + m_H2O – m_CaCO3↓

= 0,4.44 + 0,38.18 – 0,4.100 = -15,56

Vậy khối lượng dung dịch sau giảm 15,56 gam so với dung dịch Ca(OH)₂ ban đầu

Đáp án C

Phương pháp giải:

- Ta thấy các chất đều có dạng C_nH_2nO_n nên khi đốt thu được số mol CO₂ bằng số mol H₂O.

- Công thức khối lượng dung dịch tăng: m_{dd tăng} = (m_CO2 + m_H2O) - m_CaCO3 → tính được lượng CO₂, H₂O

- Từ công thức phân tử thấy số nguyên tử C bằng số nguyên tử O → lượng O trong X

- Bảo toàn nguyên tố O để tính lượng O₂ → giá trị của V

Lời giải chi tiết:

Metanal: HCHO (CH₂O)

Axit axetic: CH₃COOH (C₂H₄O₂)

Metyl fomat: HCOOCH₃ (C₂H₄O₂)

Axit lactic: CH₃CH(OH)COOH (C₃H₆O₃)

Glucozơ: C₆H₁₂O₆

Ta thấy các chất đều có dạng C_nH_2nO_n nên khi đốt thu được số mol CO₂ bằng số mol H₂O

Giả sử n_CO2 = n_H2O = x mol

Ta có: m_{dd tăng} = (m_CO2 + m_H2O) - m_CaCO3

→ 2,4 = (44x + 18x) - 10

→ x = 0,2

Vì số nguyên tử C bằng số nguyên tử O → n_O(X) = n_C = n_CO2 = 0,2 mol

Bảo toàn O → n_O2 = (2n_CO2 + n_H2O - n_O(X))/2 = (2.0,2 + 0,2 - 0,2)/2 = 0,2 mol

→ V = 4,48 lít

Đáp án B

Phương pháp giải:

- Hỗn hợp chứa C₆H₁₂O₆, CH₂O, C₁₂H₂₂O₁₁ nên các chất trong hỗn hợp có dạng C_m(H₂O)_n

- PTHH: C_m(H₂O)_n  + mO₂ \(\xrightarrow{{{t^o}}}\)mCO₂ + nH₂O

- Từ PTHH suy ra mối liên hệ giữa mol O₂ và CO₂

- Khi hấp thụ sản phẩm cháy vào Ca(OH)₂ dư thì: \({n_{CaC{{\text{O}}_3}}} = {n_{C{O_2}}}\)

Lời giải chi tiết:

Hỗn hợp chứa C₆H₁₂O₆, CH₂O, C₁₂H₂₂O₁₁ nên các chất trong hỗn hợp có dạng C_m(H₂O)_n

PTHH: C_m(H₂O)_n  + mO₂ \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) mCO₂ + nH₂O

Từ PTHH ta thấy: \({n_{C{O_2}}} = {n_{{O_2}}} = 0,3(mol)\)

Khi hấp thụ sản phẩm cháy vào Ca(OH)₂ dư thì: \({n_{CaC{{\text{O}}_3}}} = {n_{C{O_2}}} = 0,3(mol)\)

→ m = 0,3.100 = 30 gam

Đáp án D