Đề thi THPT QG môn Hóa trường THPT chuyên Đại học Sư phạm Hà Nội lần 1
Đề bài
Trong các kim loại: Al, Mg, Fe và Cu, kim loại có tính khử mạnh nhất là
-
A.
Mg.
-
B.
Al.
-
C.
Cu.
-
D.
Fe.
Chất nào sau đây là muối axit
-
A.
NaHSO4.
-
B.
NaCl.
-
C.
KNO3.
-
D.
Na2SO4.
Đốt cháy hoàn toàn 0,16 mol hỗn hợp X gồm CH4, C2H2, C2H4 và C3H6, thu được 6,272 lít CO2(đktc) và 6,12 gam H2O. Mặt khác 10,1 gam X phản ứng tối đa với a mol Br2 trong dung dịch. Giá trị của a là
-
A.
0,10.
-
B.
0,15.
-
C.
0,06.
-
D.
0,25.
Thuốc thử dùng để phân biệt giữa axit axetic và rượu etylic là
-
A.
kim loại Na.
-
B.
quỳ tím.
-
C.
dung dịch NaNO3.
-
D.
dung dịch NaCl
Đốt cháy hoàn toàn amin X (no, đơn chức, mạch hở), thu được 0,2 mol CO2 và 0,05 mol N2. Công thức phân tử X là
-
A.
C4H9N.
-
B.
C4H11N.
-
C.
C2H7N.
-
D.
C2H5N.
Để thu được kim loại Cu từ dung dịch CuSO4 theo phương pháp thủy luyện, có thể dùng kim loại nào sau đây?
-
A.
Fe.
-
B.
Na.
-
C.
Ag.
-
D.
Ca.
Các loại phân lân đều cung cấp cho cây trồng nguyên tố
-
A.
kali.
-
B.
photpho
-
C.
nitơ
-
D.
cacbon
Chất nào sau đây tác dụng được với dung dịch AgNO3 trong NH3?
-
A.
Metan.
-
B.
Benzen.
-
C.
Propin.
-
D.
Cacbon.
Cho 5 gam hỗn hợp X gồm Ag và Al vào dung dịch HCl dư. Sau khi phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được 3,36 lít khí H2 (đktc). Phần trăm khối lượng của Al trong X là
-
A.
27,0%.
-
B.
54,0%.
-
C.
49,6%.
-
D.
48,6%.
Cho vài giọt quỳ tím vào dung dịch NH3 thì dung dịch chuyển thành
-
A.
màu vàng
-
B.
màu đỏ.
-
C.
màu hồng.
-
D.
màu xanh.
Cho các phát biểu sau:
(a) Điện phân dung dịch NaCl (điện cực trơ), thu được H2 ở catot.
(b) Cho CO dư qua hỗn hợp Al2O3 và CuO đun nóng, thu được Al và Cu.
(c) Nhúng thanh Zn vào dung dịch chứa CuSO4 và H2SO4, có thể xuất hiện ăn mòn điện hóa.
(d) Kim loại có nhiệt độ nóng chảy thấp nhất là Hg, kim loại dẫn điện tốt nhất là Ag.
(e) Cho dung dịch AgNO3 dư vào dung dịch FeCl2, thu được chất rắn gồm Ag và AgCl.
Số phát biểu đúng là
-
A.
1
-
B.
3
-
C.
2
-
D.
4
Fructozơ là một loại monosaccarit có nhiều trong mật ong, có vị ngọt sắc. Công thức phân tử của fructozơ là
-
A.
C2H4O2.
-
B.
C12H22O11.
-
C.
C6H12O6.
-
D.
(C6H10O5)n.
Polime nào sau đây thuộc loại polime thiên nhiên?
-
A.
Polietilen.
-
B.
Tơ tằm
-
C.
Polieste.
-
D.
Polipropilen.
Dẫn khí CO dư qua ống sứ đựng 8 gam bột CuO nung nóng, thu được hỗn hợp khí X. Cho toàn bộ X vào nước vôi trong dư, thu được m gam kết tủa. Biết các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Giá trị của m là
-
A.
10
-
B.
5
-
C.
12
-
D.
8
Một số loại khẩu trang y tế chứa hoạt chất bột màu đen có khả năng lọc không khí. Chất đó là
-
A.
muối ăn
-
B.
đá vôi
-
C.
than hoạt tính
-
D.
thạch cao
Điện phân dung dịch NaCl (điện cực trơ, màng ngăn xốp), thu được dung dịch X. Hấp thụ CO2 dư vào X, thu được dung dịch chất Y. Cho Y tác dụng với Ca(OH)2 theo tỉ lệ mol 1:1 tạo ra chất Z tan trong nước. Chất Z là
-
A.
NaOH.
-
B.
NaHCO3.
-
C.
Ca(HCO3)2.
-
D.
Na2CO3.
ở nhiệt độ thường, chất nào sau đây làm mất màu dung dịch nước Br2?
-
A.
Etilen.
-
B.
Metan.
-
C.
Butan.
-
D.
Benzen.
Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp metyl axetat và etyl axetat, thu được CO2 và m gam H2O. Hấp thụ toàn bộ sản phẩm cháy vào dung dịch Ca(OH)2 dư, thu được 25 gam kết tủa. Giá trị của m là
-
A.
5,4.
-
B.
3,6.
-
C.
6,3.
-
D.
4,5.
Lên men m gam glucozơ thành ancol etylic với hiệu suất 50%, thu được 4,48 lít CO2. Giá trị của m là
-
A.
18,0
-
B.
16,2.
-
C.
32,4.
-
D.
36,0
Cho axit acrylic tác dụng với ancol đơn chức X, thu được este Y. Trong Y, oxi chiếm 32% về khối lượng. Công thức của Y là
-
A.
C2H3COOCH3.
-
B.
C2H5COOC2H5.
-
C.
C2H3COOC2H5.
-
D.
CH3COOC2H5.
Cho phản ứng: aFe + bHNO3 → cFe(NO3)3 + dNO + eH2O.
Các hệ số a,b,c,d,e là những số nguyên, đơn giản nhất. Tổng (a+b) bằng:
-
A.
4
-
B.
3
-
C.
5
-
D.
6
Polime nào sau đây được tổng hợp bằng phản ứng trùng hợp?
-
A.
Poli (vinyl clorua).
-
B.
Nilon -6,6.
-
C.
Poli (etylen terephtalat).
-
D.
Polisaccarit.
Thực hiện thí nghiệm điều chế khí X, khí X thu được vào bình tam giác theo hình vẽ bên.
Thí nghiệm đó là
-
A.
Cho dung dịch H2SO4 loãng vào bình đựng hạt kim loại Zn.
-
B.
Cho dung dịch HCl vào bình đựng bột CaCO3.
-
C.
Cho dung dịch HCl đặc vào bình đựng tinh thể K2Cr2O7.
-
D.
Cho dung dịch H2SO4 đặc vào bình đựng lá kim loại Cu.
Thủy phân hoàn toàn 1 mol peptit mạch hở X, thu được 2 mol Gly, 2 mol Ala và 1 mol Val. Mặt khác, thủy phân không hoàn toàn X, thu được hỗn hợp các amino axit và các peptit (trong đó có Gly- Ala- Val). Số công thức cấu tạo phù hợp với tính chất của X là
-
A.
4
-
B.
5
-
C.
6
-
D.
3
Thực hiện các thí nghiệm sau: (a) Sục khí CH3NH2 vào dung dịch CH3COOH. (b) Đun nóng tinh bột trong dung dịch H2SO4 loãng. (c) Sục khí H2 vào nồi kín chứa triolein (xúc tác Ni), đun nóng. (d) Nhỏ vài giọt nước brom vào dung dịch anilin. (e) Cho dung dịch HCl vào dung dịch axit glutamic.(g) Cho dung dịch metyl fomat vào dung dịch AgNO3 trong NH3, đun nóng. Số thí nghiệm xảy ra phản ứng là
-
A.
3
-
B.
5
-
C.
6
-
D.
4
Đun nóng 48,2 gam hỗn hợp X gồm KMnO4 và KClO3, sau một thời gia thu được 43,4 gam hỗn hợp chất rắn Y. Cho Y tác dụng hoàn toàn với dung dịch HCl đặc, sau phản ứng thu được 15,12 lít Cl2(đktc) và dung dịch gồm MnCl2, KCl và HCl dư.Số mol HCl phản ứng là
-
A.
1,9.
-
B.
2,4.
-
C.
2,1.
-
D.
1,8.
Tiến hành thí nghiệm với các dung dịch X, Y, Z và T. Kết quả được ghi ở bảng sau:
X, Y, Z, T lần lượt là
-
A.
Glucozơ, lysin, etyl fomat, anilin.
-
B.
Etyl fomat, lysin, glucozơ, axit acrylic.
-
C.
Etyl fomat, lysin, glucozơ, phenol.
-
D.
Lysin, etyl fomat, glucozơ, anilin.
Este X có công thức phân tử C6H10O4. Xà phòng hóa hoàn toàn X bằng dung dịch NaOH, thu được ba chất hữu cơ Y, Z, T. Biết Y tác dụng với Cu(OH)2 tạo dung dịch màu xanh lam. Nung nóng Z với hỗn hợp rắn gồm NaOH và CaO, thu được CH4. Phát biểu nào sau đây sai ?
-
A.
Z không làm mất màu dung dịch nước Br2.
-
B.
T có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc.
-
C.
X có hai công thức cấu tạo phù hợp.
-
D.
Y có mạch cacbon phân nhánh.
Cho 5 chất: NaOH, HCl, AgNO3, HNO3, Cl2. Số chất tác dụng được với dung dịch Fe(NO3)2 là
-
A.
3
-
B.
4
-
C.
5
-
D.
2
Thủy phân hoàn toàn triglixerit X trong dung dịch NaOH, thu được glixerol, natri stearrat và natri oleat. Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 3,22 mol O2, thu được H2O và 2,28 mol CO2. Mặt khác, m gam Xtác dụng tối đa với a mol Br2 trong dung dịch. Giá trị của a là
-
A.
0,20.
-
B.
0,04.
-
C.
0,16.
-
D.
0,08.
Điện phân dung dịch hỗn hợp NaCl và 0,05 mol CuSO4 bằng dòng điện một chiều có cường độ 2A (điện cực trơ, có màng ngăn). Sau thời gian t giây thì ngừng điện phân, thu được khí ở hai điện cực có tổng thể tích là 2,352 lít (đktc) và dung dịch X. Dung dịch X hòa tan được tối đa 2,04 gam Al2O3. Giả sử hiệu suất điện phân là 100%, các khí sinh ra không tan trong dung dịch. Giá trị của t là
-
A.
8685.
-
B.
7720.
-
C.
9408.
-
D.
9650.
Hỗn hợp E gồm bốn este đều có công thức C8H8O2 và có vòng benzen. Cho 16,32 gam E tác dụng tối đa với V ml dung dịch NaOH 1M (đun nóng), thu được hỗn hợp X gồm các ancol và 18,78 gam hỗn hợp muối. Cho toàn bộ X vào bình đựng kim loại Na dư, sau khi phản ứng kết thúc khối lượng chất rắn trong bình tăng 3,83 gam so với ban đầu. Giá trị của V là
-
A.
190.
-
B.
120.
-
C.
240.
-
D.
100
Tiến hành các thí nghiệm sau:
(a) Sục khí Cl2 vào dung dịch NaOH ở nhiệt độ thường
(b) Hấp thụ hết 2 mol CO2 vào dung dịch chứa 3 mol NaOH
(c) Cho KMnO4 vào dung dịch HCl đặc, dư
(d) Cho hỗn hợp Fe2O3 và Cu (tỉ lệ mol tương ứng 2 : 1) vào dung dịch HCl dư
(e) Cho CuO vào dung dịch HNO3
(f) Cho KHS vào dung dịch NaOH vừa đủ
Số thí nghiệm thu được 2 muối là
-
A.
6
-
B.
5
-
C.
3
-
D.
4
Hợp chất hữu cơ X (C8H15O4N) tác dụng với dung dịch NaOH dư, đun nóng, thu được sản phẩm hữu cơ gồm muối đinatri glutamat và ancol. Số công thức cấu tạo của X là
-
A.
3
-
B.
6
-
C.
4
-
D.
5
Hòa tan hết hỗn hợp X gồm 5,6 gam Fe; 27 gam Fe(NO3)2 và m gam Al trong dung dịch chứa 0,61 mol HCl. Sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được dung dịch Y chỉ chứa 47,455 gam muối trung hòa và 2,352 lít khí (đktc) hỗn hợp khí Z gồm NO và N2O. Tỉ khối hơi của Z so với H2 là 16. Giá trị của m là
-
A.
1,080.
-
B.
5,400.
-
C.
2,160.
-
D.
4,185.
Nung hỗn hợp rắn A gồm a mol Mg và 0,25 mol Cu(NO3)2, sau một thời gian thu được chất rắn B và 10,08 lít khí hỗn hợp D gồm NO2 và O2. Hòa tan hoàn tòa B vào dung dịch chứa 1,3 mol HCl (vừa đủ), thu được dung dịch X chỉ chứa m gam hỗn hợp muối clorua và 1,12 lít hỗn hợp khí Y gồm N2 và H2 có tỉ khối so với hidro là 11,4. Biết các thể tích đều ở đktc. Giá trị của m gần nhất với :
-
A.
70
-
B.
71
-
C.
74
-
D.
72
Điện phân dung dịch X gồm Cu(NO3)2 và NaCl với điện cực trơ, màng ngăn xốp, cường độ dòng điện không đổi I = 2,5A. Sau t giây, thu được 7,68 gam kim loại ở catot, dung dịch Y (vẫn còn màu xanh) và hỗn hợp khí ở anot có tỉ khối hơi so với H2 bằng 25,75. Mặt khác, nếu điện phân X trong thời gian 12352 giây thì tổng số mol khí thu được ở hai điện cực là 0,11 mol. Giả thiết hiệu suất điện phân là 100%, các khí sinh ra không tan trong nước và nước không bay hơi trong quá trình điện phân. Số mol ion Cu2+ trong Y là
-
A.
0,02.
-
B.
0,01.
-
C.
0,04.
-
D.
0,03.
Cho X, Y là hai axit cacboxylic đơn chức, mạch hở, phân tử đều có chứa hai liên kết π; Z là ancol hai chức có cùng số nguyên tử cacbon với X; T là este được tạo bởi X, Y và Z. Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z và T cần vừa đủ 28,56 lít O2 (đktc), thu được 45,1 gam CO2 và 19,8 gam H2O. Mặt khác, m gam E tác dụng với tối đa 16 gam Br2 trong dung dịch. Nếu cho m gam E tác dụng hết với dung dịch NaOH (dư, đun nóng) thì thu được bao nhiêu gam muối?
-
A.
11,0 gam.
-
B.
10,1 gam.
-
C.
12,9 gam.
-
D.
25,3 gam.
Cho 66,2 gam hỗn hợp X gồm Fe3O4, Fe(NO3)2, Al tan hoàn toàn trong dung dịch chứa 3,1 mol KHSO4 loãng. Sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được dung dịch Y chỉ chứa 466,6 gam muối sunfat trung hòa và 10,08 lít (đktc) khí Z gồm 2 khí trong đó có một khí hóa nâu ngoài không khí. Biết tỉ khối của Z so với He là 23/18. Phần trăm khối lượng của Al trong hỗn hợp Z gần nhất với giá trị nào sau đây?
-
A.
30
-
B.
20
-
C.
15
-
D.
25
Cho hỗn hợp E gồm 0,1 mol X (C5H11O4N) và 0,15 mol Y (C5H14O4N2, là muối của axit cacboxylic hai chức) tác dụng hoàn toàn với dung dịch KOH, thu được một ancol đơn chức, hai amin no (kế tiếp trong dãy đồng đẳng) và dung dịch T. Cô cạn T, thu được hỗn hợp G gồm ba muối khan có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử (trong đó có hai muối của hai axit cacboxylic và muối của một α-amino axit). Phần trăm khối lượng của muối có phân tử khối lớn nhất trong G là
-
A.
24,57%.
-
B.
54,13%.
-
C.
52,89%.
-
D.
25,53%.
Lời giải và đáp án
Trong các kim loại: Al, Mg, Fe và Cu, kim loại có tính khử mạnh nhất là
-
A.
Mg.
-
B.
Al.
-
C.
Cu.
-
D.
Fe.
Đáp án : A
Ghi nhớ dãy điện hóa của kim loại, tính kim loại càng mạnh thì tính khử càng mạnh
Mg là kim loại có tính khử mạnh nhất
Chất nào sau đây là muối axit
-
A.
NaHSO4.
-
B.
NaCl.
-
C.
KNO3.
-
D.
Na2SO4.
Đáp án : A
Dựa vào định nghĩa của muối axit: là muối mà trong phân tử còn nguyên tử H co khả năng phân li cho ra H+
NaHSO4 là muối axit
Đốt cháy hoàn toàn 0,16 mol hỗn hợp X gồm CH4, C2H2, C2H4 và C3H6, thu được 6,272 lít CO2(đktc) và 6,12 gam H2O. Mặt khác 10,1 gam X phản ứng tối đa với a mol Br2 trong dung dịch. Giá trị của a là
-
A.
0,10.
-
B.
0,15.
-
C.
0,06.
-
D.
0,25.
Đáp án : D
áp dụng công thức khi đốt cháy một hợp chất hữu cơ X có độ bất bão hòa k có:
\({n_X} = {{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}} \over {k - 1}} \Rightarrow k = ?\)
Đặt công thức chung của X là: CxHy
=> nBr2 = nliên kết pi bị phá vỡ = k.nX = ? (mol)
\( \Rightarrow \left\{ \matrix{
x = {{{n_{C{O_2}}}} \over {{n_X}}} = ? \hfill \cr
y = {{2{n_{{H_2}O}}} \over {{n_X}}} = ? \hfill \cr} \right.\)
nCO2 = 6,272 :22,4 = 0,28 (mol)
nH2O = 6,12 :18 = 0,34 (mol)
áp dụng công thức khi đốt cháy một hợp chất hữu cơ X có độ bất bão hòa k có:
\({n_X} = {{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}} \over {k - 1}} \Rightarrow 0,16 = {{0,28 - 0,34} \over {k - 1}} \Rightarrow k = 0,625\)
Đặt công thức chung của X là: CxHy
\( \Rightarrow \left\{ \matrix{
x = {{{n_{C{O_2}}}} \over {{n_X}}} = {{0,28} \over {0,16}} = 1,75 \hfill \cr
y = {{2{n_{{H_2}O}}} \over {{n_X}}} = {{2.0,34} \over {0,16}} = 4,25 \hfill \cr} \right.\)
CTPT chung của X là: C1,75H4,25
Xét 10,1 g X hay 0,4 mol X phản ứng với a mol dd Br2
=> nBr2 = nliên kết pi bị phá vỡ = k.nX = 0,625.0,4 = 0,25 (mol)
Thuốc thử dùng để phân biệt giữa axit axetic và rượu etylic là
-
A.
kim loại Na.
-
B.
quỳ tím.
-
C.
dung dịch NaNO3.
-
D.
dung dịch NaCl
Đáp án : B
Dựa vào tính chất hóa học khác nhau của 2 chất để chọn thuốc thử phù hợp.
Cho quỳ tím lần lượt vào axit axetic và rượu etylic
+ Qùy tím chuyển sang màu đỏ là axit axetic, còn lại quỳ tím không chuyển màu là rượu etylic
Đốt cháy hoàn toàn amin X (no, đơn chức, mạch hở), thu được 0,2 mol CO2 và 0,05 mol N2. Công thức phân tử X là
-
A.
C4H9N.
-
B.
C4H11N.
-
C.
C2H7N.
-
D.
C2H5N.
Đáp án : C
Đặt công thức của amin no, đơn chức, mạch hở là: CnH2n+3N.
BTNT “N”: nCnH2n+3N = 2nN2 = ? (mol)
=> n = nCO2/ nX = ? => CTPT của X
Đặt công thức của amin no, đơn chức, mạch hở là: CnH2n+3N.
BTNT “N”: nCnH2n+3N = 2nN2 = 2. 0,05 = 0,1 (mol)
=> n = nCO2/ nX = 0,2/0,1 = 2
=> CTPT của X: C2H7N
Để thu được kim loại Cu từ dung dịch CuSO4 theo phương pháp thủy luyện, có thể dùng kim loại nào sau đây?
-
A.
Fe.
-
B.
Na.
-
C.
Ag.
-
D.
Ca.
Đáp án : A
Điều chế kim loại bằng phương pháp thủy luyện là dùng kim loại mạnh hơn để đẩy kim loại yếu hơn ra khỏi muối của chúng (từ Mg trở về sau)
Fe đứng trước Cu trong dãy điện hóa học nên đẩy được Cu2+ ra khỏi muối của chúng
Fe + CuSO4 → FeSO4 + Cu↓
Các loại phân lân đều cung cấp cho cây trồng nguyên tố
-
A.
kali.
-
B.
photpho
-
C.
nitơ
-
D.
cacbon
Đáp án : B
Ghi nhớ các loại phân bón hóa học
Phân lân: cung cấp P
Phân đạm: cung cấp N
Phân kali: cung cấp K
Phân lân cung cấp cho cây trồng nguyên tố photpho
Chất nào sau đây tác dụng được với dung dịch AgNO3 trong NH3?
-
A.
Metan.
-
B.
Benzen.
-
C.
Propin.
-
D.
Cacbon.
Đáp án : C
Các ank -1 –in đều tác dụng được với dd AgNO3/NH3
Propin (CH≡C-CH3) có phản ứng với AgNO3/NH3 tạo kết tủa vàng
CH≡C-CH3 + AgNO3 + NH3 + H2O → CAg≡C-CH3↓ + NH4NO3
Cho 5 gam hỗn hợp X gồm Ag và Al vào dung dịch HCl dư. Sau khi phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được 3,36 lít khí H2 (đktc). Phần trăm khối lượng của Al trong X là
-
A.
27,0%.
-
B.
54,0%.
-
C.
49,6%.
-
D.
48,6%.
Đáp án : B
Cho Ag và Al phản ứng với HCl dư, chỉ có Al tham gia phản ứng
Tính toán mol Al theo mol H2 dựa vào PT:
2Al + 6HCl → 2AlCl3 +3H2↑
%Al = (mAl/ mhh).100% = ?
nH2(ĐKTC) = 3,36 : 22,4 = 0,15 (mol)
Cho Ag và Al phản ứng với HCl dư, chỉ có Al tham gia phản ứng
2Al + 6HCl → 2AlCl3 +3H2↑
0,1 ← 0,15 (mol)
=> mAl = 0,1.27 = 2,7 (g)
%Al = (mAl/ mhh).100% = (2,7/5).100% = 54,0%
Cho vài giọt quỳ tím vào dung dịch NH3 thì dung dịch chuyển thành
-
A.
màu vàng
-
B.
màu đỏ.
-
C.
màu hồng.
-
D.
màu xanh.
Đáp án : D
Ghi nhớ sự đổi màu của quỳ tím
+ Môi trường axit chuyển sang màu đỏ
+ Môi trường bazo chuyển sang màu xanh
Dd NH3 có môi trường bazo nên làm quỳ tím chuyển sang màu xanh
Cho các phát biểu sau:
(a) Điện phân dung dịch NaCl (điện cực trơ), thu được H2 ở catot.
(b) Cho CO dư qua hỗn hợp Al2O3 và CuO đun nóng, thu được Al và Cu.
(c) Nhúng thanh Zn vào dung dịch chứa CuSO4 và H2SO4, có thể xuất hiện ăn mòn điện hóa.
(d) Kim loại có nhiệt độ nóng chảy thấp nhất là Hg, kim loại dẫn điện tốt nhất là Ag.
(e) Cho dung dịch AgNO3 dư vào dung dịch FeCl2, thu được chất rắn gồm Ag và AgCl.
Số phát biểu đúng là
-
A.
1
-
B.
3
-
C.
2
-
D.
4
Đáp án : D
Xem lại lý thuyết về điện phân, đại cương kim loại, lý thuyết về C và hợp chất của C
(a) đúng \(2NaCl + 2{H_2}O\buildrel {} \over\longrightarrow 2NaOH + C{l_2}(anot) + {H_2}(catot)\)
(b) Sai vì CO không khử được Al2O3
(c) đúng vì khi đó hình thành 2 cặp oxi hóa khử khác nhau là Zn2+/Zn và Cu2+/Cu cùng nhúng trong 1 dung dịch chất điện li là H2SO4 => hình thành ăn mòn điện hóa.
(d) đúng
(e) đúng, 3AgNO3 + FeCl2 → Fe(NO3)3 + 2AgCl↓ + Ag↓
=> có 4 phát biểu đúng
Fructozơ là một loại monosaccarit có nhiều trong mật ong, có vị ngọt sắc. Công thức phân tử của fructozơ là
-
A.
C2H4O2.
-
B.
C12H22O11.
-
C.
C6H12O6.
-
D.
(C6H10O5)n.
Đáp án : C
Công thức phân tử của fructozơ là C6H12O6.
Polime nào sau đây thuộc loại polime thiên nhiên?
-
A.
Polietilen.
-
B.
Tơ tằm
-
C.
Polieste.
-
D.
Polipropilen.
Đáp án : B
Dựa vào sự phân loại của polime
+ polime thiên nhiên: tơ tằm, bông, len sơi
+ polime bán tổng hợp: tơ visco, tơ axetat
+ polime tổng hợp: các loại còn lại
Polime thuộc loại polime thiên nhiên là tơ tằm
Dẫn khí CO dư qua ống sứ đựng 8 gam bột CuO nung nóng, thu được hỗn hợp khí X. Cho toàn bộ X vào nước vôi trong dư, thu được m gam kết tủa. Biết các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Giá trị của m là
-
A.
10
-
B.
5
-
C.
12
-
D.
8
Đáp án : A
BTNT C: nCaCO3 = nCO2 = nO(trong CuO)
nCuO = 8 : 80 = 0,1 (mol)
CO + CuO \(\xrightarrow{{{t^0}}}\) Cu + CO2
0,1 → 0,1 (mol)
Hỗn hợp khí X có CO2 và CO dư, khi cho qua dung dịch nước vôi trong dư chỉ có CO2 tham gia phản ứng
CO2 + Ca(OH)2 → CaCO3↓ + H2O
0,1 → 0,1 (mol)
=> mkết tủa = mCaCO3 = 0,1.100 = 10 (g)
Một số loại khẩu trang y tế chứa hoạt chất bột màu đen có khả năng lọc không khí. Chất đó là
-
A.
muối ăn
-
B.
đá vôi
-
C.
than hoạt tính
-
D.
thạch cao
Đáp án : C
Dựa vào kiến thức ứng dụng của cacbon
Than hoạt tính là chất thường được sử dụng trong khẩu trang y tế do khả năng hấp phụ tốt nên có thể lọc không khí
Điện phân dung dịch NaCl (điện cực trơ, màng ngăn xốp), thu được dung dịch X. Hấp thụ CO2 dư vào X, thu được dung dịch chất Y. Cho Y tác dụng với Ca(OH)2 theo tỉ lệ mol 1:1 tạo ra chất Z tan trong nước. Chất Z là
-
A.
NaOH.
-
B.
NaHCO3.
-
C.
Ca(HCO3)2.
-
D.
Na2CO3.
Đáp án : A
Suy luận
\(2NaCl + 2{H_2}O\buildrel {} \over
\longrightarrow 2NaOH + C{l_2} + {H_2}\)
Dd X là NaOH
CO2 dư + 2NaOH → NaHCO3
Dd Y là NaHCO3 + Ca(OH)2 theo tỉ lệ 1:1
NaHCO3 + Ca(OH)2 → CaCO3↓ + NaOH + H2O
Z tan trong nước => Z là NaOH
ở nhiệt độ thường, chất nào sau đây làm mất màu dung dịch nước Br2?
-
A.
Etilen.
-
B.
Metan.
-
C.
Butan.
-
D.
Benzen.
Đáp án : A
Các chất có cấu tạo phân tử có liên kết đôi mạch ngoài C=C đều có pư với Br2 ở nhiệt độ thường
Eilen làm mất màu dd nước Br2 ở nhiệt độ thường
CH2=CH2 + Br2 → CH2Br-CH2Br
Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp metyl axetat và etyl axetat, thu được CO2 và m gam H2O. Hấp thụ toàn bộ sản phẩm cháy vào dung dịch Ca(OH)2 dư, thu được 25 gam kết tủa. Giá trị của m là
-
A.
5,4.
-
B.
3,6.
-
C.
6,3.
-
D.
4,5.
Đáp án : D
BTNT “C” nCO2 = nCaCO3 = ? (mol)
Đốt cháy CH3COOCH3 và CH3COOC2H5 đều thu được số mol H2O = mol CO2
Đốt cháy CH3COOCH3 và CH3COOC2H5 đều thu được số mol H2O = mol CO2
BTNT “C” nCO2 = nCaCO3 = 25:100 =0,25 (mol)
=> nH2O = nCO2 = 0,25 (mol)
=> m = mH2O = 0,25.18 = 4,5 (g)
Lên men m gam glucozơ thành ancol etylic với hiệu suất 50%, thu được 4,48 lít CO2. Giá trị của m là
-
A.
18,0
-
B.
16,2.
-
C.
32,4.
-
D.
36,0
Đáp án : D
C6H12O6 \(\buildrel {len\,men} \over\longrightarrow \)2CO2 + 2C2H5
Vì %H =50% => mC6H12O6 thực tế = mC6H12O6 lí thuyết :%H = ?
nCO2(ĐKTC) = 4,48:22,4 = 0,2 (mol)
C6H12O6 \(\buildrel {len\,men} \over\longrightarrow \)2CO2 + 2C2H5OH
0,1 ← 0,1 (mol)
=> mC6H12O6 lí thuyết = 0,1.180 = 18 (g)
Vì %H =50% => mC6H12O6 thực tế = mC6H12O6 lí thuyết .100% :%H = 18 :0,5 = 36 (g)
Cho axit acrylic tác dụng với ancol đơn chức X, thu được este Y. Trong Y, oxi chiếm 32% về khối lượng. Công thức của Y là
-
A.
C2H3COOCH3.
-
B.
C2H5COOC2H5.
-
C.
C2H3COOC2H5.
-
D.
CH3COOC2H5.
Đáp án : C
Đặt công thức của ancol đơn chức là ROH
PTHH: CH2=CH-COOH + ROH → CH2=CH-COOR + H2O
\(\% O = {{32} \over {71 + R}}.100\% = 32 \Rightarrow R = ?\)
Đặt công thức của ancol đơn chức là ROH
PTHH: CH2=CH-COOH + ROH → CH2=CH-COOR + H2O
\(\% O = {{32} \over {71 + R}}.100\% = 32 \Rightarrow R = 29\,\,({C_2}{H_5} - )\)
Vậy CTCT của Y là: CH2=CH-COOC2H5 hay C2H3COOC2H5
Cho phản ứng: aFe + bHNO3 → cFe(NO3)3 + dNO + eH2O.
Các hệ số a,b,c,d,e là những số nguyên, đơn giản nhất. Tổng (a+b) bằng:
-
A.
4
-
B.
3
-
C.
5
-
D.
6
Đáp án : C
Cân bằng phương trình bằng phương pháp ion electron
=> tổng hệ số a +b = 1 +4 = 5
Polime nào sau đây được tổng hợp bằng phản ứng trùng hợp?
-
A.
Poli (vinyl clorua).
-
B.
Nilon -6,6.
-
C.
Poli (etylen terephtalat).
-
D.
Polisaccarit.
Đáp án : A
Dựa vào định nghĩa:
+ Trùng hợp: là quá trình kết hợp nhiều phân tử nhỏ(monome) giống nhau hay tương tự nhau thành phân tử lớn (polime)
+ Trùng ngưng là quá trình kết hợp nhiều phân tử nhỏ(monome) thành phân tử lớn (polime) đồng thời giải phóng những phân tử nhỏ khác (như H2O…)
Poli (vinyl clorua) được điều chế bằng pư trùng hợp
Nilon -6,6, Poli (etylen terephtalat) được điều chế bằng pư trùng ngưng.
Thực hiện thí nghiệm điều chế khí X, khí X thu được vào bình tam giác theo hình vẽ bên.
Thí nghiệm đó là
-
A.
Cho dung dịch H2SO4 loãng vào bình đựng hạt kim loại Zn.
-
B.
Cho dung dịch HCl vào bình đựng bột CaCO3.
-
C.
Cho dung dịch HCl đặc vào bình đựng tinh thể K2Cr2O7.
-
D.
Cho dung dịch H2SO4 đặc vào bình đựng lá kim loại Cu.
Đáp án : A
Ta thấy khí X thu bằng cách úp bình => khí X có phân tử khối nhẹ hơn không khí
Ta thấy khí X thu bằng cách úp bình => khí X có phân tử khối nhẹ hơn không khí
A. H2SO4 + Zn → ZnSO4 + H2↑
B. 2HCl + CaCO3↓ → CaCl2 + CO2↑ + H2O
C. 14HCl đặc + K2Cr2O7 → 2KCl + 2CrCl3 + 3Cl2↑ + 7H2O
D. 2H2SO4 đặc + Cu → CuSO4 + SO2↑ + 2H2O
Trong tất cả các khí trên, chỉ có H2 là khí thỏa mãn nhẹ hơn không khí
Thủy phân hoàn toàn 1 mol peptit mạch hở X, thu được 2 mol Gly, 2 mol Ala và 1 mol Val. Mặt khác, thủy phân không hoàn toàn X, thu được hỗn hợp các amino axit và các peptit (trong đó có Gly- Ala- Val). Số công thức cấu tạo phù hợp với tính chất của X là
-
A.
4
-
B.
5
-
C.
6
-
D.
3
Đáp án : C
Bước 1: Xác định số mắt xích có trong X
Thuỷ phân 1mol X thu được 2 Gly, 2 Ala, 1 Val ⟹ X là pentapeptit.
Bước 2: Biện luận tìm CTCT phù hợp
- Thủy phân không hoàn toàn peptit thu được Gly- Ala- Val và không có Gly-Gly => Trong trật tự sắp xếp của peptit bắt buộc phải có cấu tạo theo thứ tự Gly - Ala- Val
- Ta thấy Gly - Ala - Val đã chiếm 1 Gly và 1 Ala còn lại 1Gly và 1 Ala nữa => Ta ghép vào trước hoặc sau mạch Gly - Ala - Val để được các CTCT thoả mãn
Bước 1: Xác định số mắt xích có trong X
- 1 phân tử X chứa 2 Gly, 2 Ala, 1 Val ⟹ X là pentapeptit.
Bước 2: Biện luận tìm CTCT phù hợp
- X thủy phân không hoàn toàn tạo Gly-Ala-Val nên các công thức cấu tạo thỏa mãn là:
Gly – Ala – Val−Ala – Gly
Gly – Ala – Val−Gly – Ala
Gly- Gly – Ala – Val−Ala
Ala – Gly – Ala – Val – Gly
Gly –Ala - Gly – Ala – Val
Ala – Gly - Gly – Ala – Val.
Vậy có tất cả 6 công thức cấu tạo phù hợp với tính chất của X.
Thực hiện các thí nghiệm sau: (a) Sục khí CH3NH2 vào dung dịch CH3COOH. (b) Đun nóng tinh bột trong dung dịch H2SO4 loãng. (c) Sục khí H2 vào nồi kín chứa triolein (xúc tác Ni), đun nóng. (d) Nhỏ vài giọt nước brom vào dung dịch anilin. (e) Cho dung dịch HCl vào dung dịch axit glutamic.(g) Cho dung dịch metyl fomat vào dung dịch AgNO3 trong NH3, đun nóng. Số thí nghiệm xảy ra phản ứng là
-
A.
3
-
B.
5
-
C.
6
-
D.
4
Đáp án : C
Xem lại lý thuyết về cacbohidrat, amin, lipt và este
Các thí nghiệm xảy ra phản ứng là
(a) CH3NH2 + CH3COOH → CH3COONH3CH3
(b) (C6H10O5)n\(\buildrel {{H_2}S{O_4}\,} \over\longrightarrow \) nC6H12O6 (glucozo)
(c) 3H2 + (C17H33COO)3C3H5 \(\buildrel {Ni,{t^0}\,} \over\longrightarrow \) (C17H35COO)3C3H5
(d) C6H5NH2 + 3Br2 → 2,4,6- tri brom anlanin + 3HBr
(e) HCl + HOOC-[CH2]2-CH(NH2)-COOH → HOOC-[CH2]2-CH(NH3Cl)-COOH
(g) HCOOCH3 + 2AgNO3 + 2NH3 + H2O\(\buildrel {{t^0}\,} \over\longrightarrow \) NH4OOCCH3 + 2Ag↓ + NH4NO3
=> cả 6 thí nghiệm đều xảy ra pư
Đun nóng 48,2 gam hỗn hợp X gồm KMnO4 và KClO3, sau một thời gia thu được 43,4 gam hỗn hợp chất rắn Y. Cho Y tác dụng hoàn toàn với dung dịch HCl đặc, sau phản ứng thu được 15,12 lít Cl2(đktc) và dung dịch gồm MnCl2, KCl và HCl dư.Số mol HCl phản ứng là
-
A.
1,9.
-
B.
2,4.
-
C.
2,1.
-
D.
1,8.
Đáp án : D
Bảo toàn khối lượng: mO2 = mX - mY
Bảo toàn e: ne(Mn+7, Cl+5) nhường = ne (O2, Cl2) nhận
BTNT Mn, K, Cl
\(X\left\{ \matrix{
K\mathop {Mn}\limits^{ + 7} {O_4} \hfill \cr
K\mathop {Cl}\limits^{ + 5} {O_3} \hfill \cr} \right.\buildrel {{t^0}} \over
\longrightarrow \left\{ \matrix{
Y:{K_2}Mn{O_4},Mn{O_2},KCl,KMn{O_4}du,KCl{O_3}du\buildrel { + H\mathop {Cl}\limits^{ - 1} } \over
\longrightarrow \left\{ \matrix{
\mathop {Mn}\limits^{ + 2} \mathop {C{l_2}}\limits^{ - 1} ,K\mathop {Cl}\limits^{ - 1} ,HCldu \hfill \cr
\mathop {C{l_2}}\limits^0 :0,675\,mol \hfill \cr} \right. \hfill \cr
\mathop {{O_2}:}\limits^0 0,15\,mol \hfill \cr} \right.\)
BTKL ta có:
mO2 = mX – mY = 48,2 -43,4 = 4,8 (g) => nO2= 0,15(mol)
Trong X đặt số mol KMnO4 và KClO3 lần lượt là a và b (mol)
Ta có:
\(\left\{ \matrix{
{m_X} = 158a + 122,5b = 48,2 \hfill \cr
\buildrel {BTe} \over
\longrightarrow 5a + 6b = 0,15.4 + 0,675.2 \hfill \cr} \right. \Rightarrow \left\{ \matrix{
a = 0,15 \hfill \cr
b = 0,2 \hfill \cr} \right.\)
BTNT “Mn”: nMnCl2 = nKMnO4 = 0,15 (mol)
BTNT “K’: nKCl = nKMnO4 + nKClO3 = 0,15 + 0,2 = 0,35 (mol)
BTNT “Cl”: nKClO3 + nHCl = 2nMnCl2 + nKCl + 2nCl2 => nHCl = 2.0,15 + 0,35 +2.0,675 – 0,2 = 1,8 (mol)
Tiến hành thí nghiệm với các dung dịch X, Y, Z và T. Kết quả được ghi ở bảng sau:
X, Y, Z, T lần lượt là
-
A.
Glucozơ, lysin, etyl fomat, anilin.
-
B.
Etyl fomat, lysin, glucozơ, axit acrylic.
-
C.
Etyl fomat, lysin, glucozơ, phenol.
-
D.
Lysin, etyl fomat, glucozơ, anilin.
Đáp án : C
Suy luận kết hợp với đáp án
X,Z tạo kết tủa Ag với AgNO3/NH3, Z còn tạo dd màu xanh lam với Cu(OH)2 => X là Etyl fomat và Z là glucozơ
Y làm quỳ tím chuyển sang màu xanh => Y có môi trường bazo => Y là Lysin
T tạo kết tủa trắng với dd Br2 => T là anilin hoặc phenol
Từ đáp án X, Y, Z, T thỏa mãn lần lượt là: Etyl fomat, lysin, glucozơ, phenol
Este X có công thức phân tử C6H10O4. Xà phòng hóa hoàn toàn X bằng dung dịch NaOH, thu được ba chất hữu cơ Y, Z, T. Biết Y tác dụng với Cu(OH)2 tạo dung dịch màu xanh lam. Nung nóng Z với hỗn hợp rắn gồm NaOH và CaO, thu được CH4. Phát biểu nào sau đây sai ?
-
A.
Z không làm mất màu dung dịch nước Br2.
-
B.
T có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc.
-
C.
X có hai công thức cấu tạo phù hợp.
-
D.
Y có mạch cacbon phân nhánh.
Đáp án : D
Este X có CTPT C6H10O4 có độ bất bão hòa = 2 => este 2 chức
Y + Cu(OH)2 => Dung dịch xanh lam nên Y là ancol 2 chức có OH kề nhau.
=> Y, Z là các muối đơn chức.
Z+ NaOH/CaO → CH4 nên Z là CH3COONa
X là CH3COO-CH2-CH(CH3)-OOC-H hoặc HCOO-CH2- CH(CH3)-OOC-CH3.
Y là CH2OH-CH(CH3)OH
T là HCOONa
Từ đó xét kết luận đúng, sai
Este X có CTPT C6H10O4 có độ bất bão hòa = 2 => este 2 chức
Y + Cu(OH)2 => Dung dịch xanh lam nên Y là ancol 2 chức có OH kề nhau.
=> Y, Z là các muối đơn chức.
Z+ NaOH/CaO → CH4 nên Z là CH3COONa
X là CH3COO-CH2-CH(CH3)-OOC-H hoặc HCOO-CH2- CH(CH3)-OOC-CH3.
Y là CH2OH-CH(CH3)OH
T là HCOONa
A. Đúng
B. Đúng
C. Đúng
D. Sai, Y mạch thẳng
Cho 5 chất: NaOH, HCl, AgNO3, HNO3, Cl2. Số chất tác dụng được với dung dịch Fe(NO3)2 là
-
A.
3
-
B.
4
-
C.
5
-
D.
2
Đáp án : C
Tất cả 5 chất đều có pư với Fe(NO3)2
2NaOH + Fe(NO3)2 → Fe(OH)2↓ + NaNO3
12HCl + 9Fe(NO3)2 → 5Fe(NO3)3 + 4FeCl3 + 3NO + 6H2O
AgNO3 + Fe(NO3)2 → Fe(NO3)3 + Ag↓
4HNO3 + 3Fe(NO3)2 → 3Fe(NO3)3 + NO + H2O
3Cl2 + 6Fe(NO3)2 → 2Fe(NO3)3 + 2FeCl3
Thủy phân hoàn toàn triglixerit X trong dung dịch NaOH, thu được glixerol, natri stearrat và natri oleat. Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 3,22 mol O2, thu được H2O và 2,28 mol CO2. Mặt khác, m gam Xtác dụng tối đa với a mol Br2 trong dung dịch. Giá trị của a là
-
A.
0,20.
-
B.
0,04.
-
C.
0,16.
-
D.
0,08.
Đáp án : D
X chứa 1 gộc stearat + 2 gốc oleat hoặc 2 gốc stearat và 1 gốc oleat
=> dù là trường hợp nào thì X cũng có 18 C
=> Gọi CTPT chung của X có dạng: C57HyO6
=> nX= nCO2/57 = 2,28/57 = 0,04 (ol)
BTNT “O”: 6.nX + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O => nH2O = ? (mol)
=> y = số nguyên tử H = 2nH2O/nX = ?
=> Độ bất bão hòa của X là: \(k = {{2.57 + 2 - y} \over 2} = ?\)
=> số liên kết pi C=C có trong X là: 8 – pi (COO) = ?
=> số mol Br2 pư = số mol liên kết pi phá vỡ C=C = ?
Thủy phân hoàn toàn triglixerit X trong dung dịch NaOH, thu được glixerol, natri stearrat và natri oleat. => X chứa 1 gộc stearat + 2 gốc oleat hoặc 2 gốc stearat và 1 gốc oleat
=> dù là trường hợp nào thì X cũng có 18 C
=> Gọi CTPT chung của X có dạng: C57HyO6
C57HyO6 + 3,22 mol O2 → 2,28 molCO2 + 0,5y H2O
=> nX= nCO2/57 = 2,28/57 = 0,04 (ol)
BTNT “O”: 6.nX + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O => nH2O = 6.0,04 +2.3,22 – 2.2,28 = 2,12 (mol)
=> y = số nguyên tử H = 2nH2O/nX = 2.2,12/0,04 = 106
=> CTPT của X: C57H106O6
=> Độ bất bão hòa của X là: \(k = {{2.57 + 2 - 106} \over 2} = 8\)
=> số liên kết pi C=C có trong X là: 8 – pi (COO) = 8 – 6 = 2
=> số mol Br2 pư = số mol liên kết pi phá vỡ = 2.0,04 = 0,08 (mol) = a
Điện phân dung dịch hỗn hợp NaCl và 0,05 mol CuSO4 bằng dòng điện một chiều có cường độ 2A (điện cực trơ, có màng ngăn). Sau thời gian t giây thì ngừng điện phân, thu được khí ở hai điện cực có tổng thể tích là 2,352 lít (đktc) và dung dịch X. Dung dịch X hòa tan được tối đa 2,04 gam Al2O3. Giả sử hiệu suất điện phân là 100%, các khí sinh ra không tan trong dung dịch. Giá trị của t là
-
A.
8685.
-
B.
7720.
-
C.
9408.
-
D.
9650.
Đáp án : B
TH1: X chứa H+ => Cl- điện phân hết trước Cu2+ => a < 2nCu2+
Cu2+ + 2Cl- → Cu + Cl2
Cu2+ + H2O → Cu + 2H+ + 0,5O2
H2O → H2 + 0,5O2
Thấy trường hợp này vô lí vì nCu bị đp > nCu ban đầu => loại
TH2: X chứa OH- => Cu2+ điện phân hết trước Cl- => a > 2nCu2+
(1) Cu2+ + 2Cl- → Cu + Cl2
(2) Cl- + H2O → 0,5Cl2 + 0,5H2 + OH-
(3) H2O → H2 + 0,5O2
nAl2O3 = 0,02 mol;
Đặt nNaCl = a mol
TH1: X chứa H+ => Cl- điện phân hết trước Cu2+ => a < 2nCu2+ = 0,04 mol
=> nH+ = 6nAl2O3 = 1,2 mol
Cu2+ + 2Cl- → Cu + Cl2
a →0,5a→0,5a
Cu2+ + H2O → Cu + 2H+ + 0,5O2
0,6←1,2
H2O → H2 + 0,5O2
Thấy trường hợp này vô lí vì nCu bị đp = 0,5a + 0,6 > nCu ban đầu => loại
TH2: X chứa OH- => Cu2+ điện phân hết trước Cl- => a > 2nCu2+ = 0,04 mol
nOH- = 2nAl2O3 = 0,04 mol
(1) Cu2+ + 2Cl- → Cu + Cl2
0,05 → 0,1 → 0,05
(2) Cl- + H2O → 0,5Cl2 + 0,5H2 + OH-
0,02← 0,02 ←0,04
(3) H2O → H2 + 0,5O2
x x 0,5x
Khí gồm: Cl2 (0,07 mol); H2 (x + 0,02 mol) và O2 (0,5x mol)
=> n khí = nCl2 + nH2 + nO2 = 1,5x + 0,09 = 0,105 => x = 0,01
=> n e = 2nCl2(1) + 2nH2 (2) + 2nH2 (3) = 0,05.2 + 0,02.2 + 0,01.2 = 0,16 mol
=> t = ne.F/I = 0,16.96500/2 = 7720 giây
Hỗn hợp E gồm bốn este đều có công thức C8H8O2 và có vòng benzen. Cho 16,32 gam E tác dụng tối đa với V ml dung dịch NaOH 1M (đun nóng), thu được hỗn hợp X gồm các ancol và 18,78 gam hỗn hợp muối. Cho toàn bộ X vào bình đựng kim loại Na dư, sau khi phản ứng kết thúc khối lượng chất rắn trong bình tăng 3,83 gam so với ban đầu. Giá trị của V là
-
A.
190.
-
B.
120.
-
C.
240.
-
D.
100
Đáp án : A
Ta thấy C8H8O2 có các đồng phân este là:
HCOOCH2C6H5
C6H5COOCH3
HCOOC6H4CH3 (o,m,p)
Do cho E tác dụng với NaOH thu được các ancol nên E chứa HCOOCH2C6H5, C6H5COOCH3 và 2 este còn lại đều có công thức là HCOOC6H4CH3 (o,m hoặc m,p hoặc o,p)
Coi E chứa HCOOCH2C6H5 (x mol), C6H5COOCH3 (y mol), HCOOC6H4CH3 (z mol)
Dựa vào các dữ kiện đề bài để lập hệ phương trình.
Ta thấy C8H8O2 có các đồng phân este là:
HCOOCH2C6H5
C6H5COOCH3
HCOOC6H4CH3 (o,m,p)
Do cho E tác dụng với NaOH thu được các ancol nên E chứa HCOOCH2C6H5, C6H5COOCH3 và 2 este còn lại đều có công thức là HCOOC6H4CH3 (o,m hoặc m,p hoặc o,p)
Coi E chứa HCOOCH2C6H5 (x mol), C6H5COOCH3 (y mol), HCOOC6H4CH3 (z mol)
+ nE = x + y + z = 16,32 : 136 = 0,12 mol (1)
+ X chứa: C6H5CH2OH (x mol) CH3OH (y mol)
nH2 = 0,5x + 0,5y (mol)
m bình tăng = m ancol – mH2 = 108x + 32y – 2.(0,5x+0,5y) = 3,83 (2)
+ Muối gồm: HCOONa (x + z mol); C6H5COONa (y mol) và CH3C6H4ONa (z mol)
=> m muối = 68(x+z) + 144y + 130z = 18,78 (3)
Giải (1) (2) (3) được x = 0,03; y = 0,02; z = 0,07
nNaOH = x + y + 2z = 0,19 mol
=> V = 190ml
Tiến hành các thí nghiệm sau:
(a) Sục khí Cl2 vào dung dịch NaOH ở nhiệt độ thường
(b) Hấp thụ hết 2 mol CO2 vào dung dịch chứa 3 mol NaOH
(c) Cho KMnO4 vào dung dịch HCl đặc, dư
(d) Cho hỗn hợp Fe2O3 và Cu (tỉ lệ mol tương ứng 2 : 1) vào dung dịch HCl dư
(e) Cho CuO vào dung dịch HNO3
(f) Cho KHS vào dung dịch NaOH vừa đủ
Số thí nghiệm thu được 2 muối là
-
A.
6
-
B.
5
-
C.
3
-
D.
4
Đáp án : D
Viết PTHH để suy ra những phản ứng thu được dung dịch chứa 2 muối.
(a) Cl2 + 2NaOH → NaCl + NaClO + H2O
=> thu được 2 muối NaCl, NaClO
(b) nNaOH : nCO2 = 3 : 2 = 1,5 => thu được NaHCO3 và Na2CO3
2NaOH + CO2 → Na2CO3 + H2O
NaOH + CO2 → NaHCO3
(c) 2KMnO4 + 16HCl đặc → 2KCl + 2MnCl2 + 5Cl2 + 8H2O
=> thu được 2 muối KCl, MnCl2
(d) Cho hỗn hợp Fe2O3 và Cu (tỉ lệ mol tương ứng 2 : 1) vào dung dịch HCl dư
Fe2O3 + 6HCl → 2FeCl3 + 3H2O
2 4
Cu + 2FeCl3 → 2FeCl2 + CuCl2
1 → 2 dư 2 → 2 → 1
=> Thu được 3 muối là FeCl3, FeCl2, CuCl2
(e) CuO + 2HNO3 → Cu(NO3)2 + H2O
=> thu được 1 muối là Cu(NO3)2
(f) 2KHS + 2NaOH → Na2S + K2S + 2H2O
=> thu được 2 muối là K2S và Na2S
Vậy có 4 phản ứng thu được 2 muối
Hợp chất hữu cơ X (C8H15O4N) tác dụng với dung dịch NaOH dư, đun nóng, thu được sản phẩm hữu cơ gồm muối đinatri glutamat và ancol. Số công thức cấu tạo của X là
-
A.
3
-
B.
6
-
C.
4
-
D.
5
Đáp án : B
Viết các đồng phân cấu tạo thỏa mãn các dữ kiện đề bài.
+ 2 chức este
+ 1 chức este và 1 chức axit
Các công thức cấu tạo thỏa mãn của X là:
Hòa tan hết hỗn hợp X gồm 5,6 gam Fe; 27 gam Fe(NO3)2 và m gam Al trong dung dịch chứa 0,61 mol HCl. Sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được dung dịch Y chỉ chứa 47,455 gam muối trung hòa và 2,352 lít khí (đktc) hỗn hợp khí Z gồm NO và N2O. Tỉ khối hơi của Z so với H2 là 16. Giá trị của m là
-
A.
1,080.
-
B.
5,400.
-
C.
2,160.
-
D.
4,185.
Đáp án : A
Bảo toàn nguyên tố
Bảo toàn điện tích
Tính được nNO = 0,09 mol và nN2O = 0,015 mol
\(\left\{ \begin{gathered}
Fe:0,1 \hfill \\
Fe{(N{O_3})_2}:0,15 \hfill \\
Al:b \hfill \\
\end{gathered} \right. + HCl:0,61 \to 47,455(g)\left\{ \begin{gathered}
F{e^{2 + }}:a \hfill \\
F{e^{3 + }}:0,25 - a \hfill \\
A{l^{3 + }}:b \hfill \\
N{H_4}^ + :c \hfill \\
N{O_3}^ - :d \hfill \\
C{l^ - }:0,61 \hfill \\
\end{gathered} \right. + \left\{ \begin{gathered}
NO:0,09 \hfill \\
{N_2}O:0,015 \hfill \\
\end{gathered} \right. + {H_2}O\)
+ BTNT “N”: 0,15.2 = c + d + 0,09 + 0,015.2 (1)
+ m muối = 56.0,25 + 27b + 18c + 62d + 0,61.35,5 = 47,455 (2)
+ BTNT “H” => nH2O = (nHCl – 4nNH4+)/2 = 0,305 – 2c (mol)
BTNT “O”: 0,15.6 = 3d + 0,09 + 0,015 + 0,305 – 2c (3)
+ BTĐT: 2a + 3(0,25-a) + 3b + c = d + 0,61 (4)
Giải (1) (2) (3) (4) được a = 0,1; b = 0,04; c = 0,01; d = 0,17
=> m = mAl = 0,04.27 = 1,08 gam
Nung hỗn hợp rắn A gồm a mol Mg và 0,25 mol Cu(NO3)2, sau một thời gian thu được chất rắn B và 10,08 lít khí hỗn hợp D gồm NO2 và O2. Hòa tan hoàn tòa B vào dung dịch chứa 1,3 mol HCl (vừa đủ), thu được dung dịch X chỉ chứa m gam hỗn hợp muối clorua và 1,12 lít hỗn hợp khí Y gồm N2 và H2 có tỉ khối so với hidro là 11,4. Biết các thể tích đều ở đktc. Giá trị của m gần nhất với :
-
A.
70
-
B.
71
-
C.
74
-
D.
72
Đáp án : D
+) Tính nN2 và nH2
Trong Y chứa khí H2 chứng tỏ NO3- hết
Hỗn hợp muối clorua gồm : a mol MgCl2 ; 0,25 mol CuCl2 ; NH4Cl
Bảo toàn Clo => ${{n}_{N{{H}_{4}}Cl}}$ theo a
Bảo toàn H : ${{n}_{{{H}_{2}O}}}~=\frac{1}{2}.\left( {{n}_{HCl}}+4{{n}_{N{{H}_{4}}Cl}}\text{-}2{{n}_{{{H}_{2}}}} \right)$
Bảo toàn O : ${{n}_{O}}{{~}_{(Cu{{\left( N{{O}_{3}} \right)}_{2}})}}={{n}_{O\,(D)}}+{{n}_{O\,({{H}_{2}}O)}}~\Rightarrow a$
=> m
nD = 0,45 => nO (D) = 0,9 mol
nY = 0,05 mol
Đặt ${{n}_{{{N}_{2}}}}~=x\text{ }\Rightarrow \text{ }{{n}_{{{H}_{2}}}}=0,05x$
=> 28x + 2.(0,05 – x) = 0,05.11,4.2 = 1,14
=> x = 0,04 mol
=> nN2 = 0,04 mol và nH2 = 0,01 mol
Trong Y chứa khí H2 chứng tỏ NO3- hết
Hỗn hợp muối clorua gồm : a mol MgCl2 ; 0,25 mol CuCl2 ; NH4Cl
Bảo toàn Clo : ${{n}_{N{{H}_{4}}Cl}}$ = 1,3 – 2a – 0,5 = 0,8 – 2a
Bảo toàn H : ${{n}_{{{H}_{2}O}}}~=\frac{1}{2}.\left( {{n}_{HCl}}+4{{n}_{N{{H}_{4}}Cl}}\text{-}2{{n}_{{{H}_{2}}}} \right)=4a-0,96$
Bảo toàn O : ${{n}_{O}}{{~}_{(Cu{{\left( N{{O}_{3}} \right)}_{2}})}}={{n}_{O\,(D)}}+{{n}_{O\,({{H}_{2}}O)}}~\Rightarrow \text{ }0,25.6=0,9+4a-0,96$
=> a = 0,39 mol
=> m = 0,39.95 + 0,25.135 + (0,8 – 2.0,39).53,5 = 71,87 gam
Điện phân dung dịch X gồm Cu(NO3)2 và NaCl với điện cực trơ, màng ngăn xốp, cường độ dòng điện không đổi I = 2,5A. Sau t giây, thu được 7,68 gam kim loại ở catot, dung dịch Y (vẫn còn màu xanh) và hỗn hợp khí ở anot có tỉ khối hơi so với H2 bằng 25,75. Mặt khác, nếu điện phân X trong thời gian 12352 giây thì tổng số mol khí thu được ở hai điện cực là 0,11 mol. Giả thiết hiệu suất điện phân là 100%, các khí sinh ra không tan trong nước và nước không bay hơi trong quá trình điện phân. Số mol ion Cu2+ trong Y là
-
A.
0,02.
-
B.
0,01.
-
C.
0,04.
-
D.
0,03.
Đáp án : D
*t giây: nCu = 0,12 mol
Catot: Cu2+ điện phân chưa hết
Cu2+ + 2e → Cu
Anot: Cl- bị điện phân hết, H2O đã bị điện phân
Cl- → 0,5Cl2 + 1e
H2O → 2H+ + 0,5O2 + 2e
*t = 12352 giây
Anot:
Cl- → 0,5Cl2 + 1e
H2O → 2H+ + 0,5O2 + 2e
Catot:
Cu2+ + 2e → Cu
H2O + 1e → 0,5H2 + OH-
*t giây: nCu = 0,12 mol
Catot: Cu2+ điện phân chưa hết
Cu2+ + 2e → Cu
0,24 ← 0,12
Anot: Cl- bị điện phân hết, H2O đã bị điện phân
Áp dụng đường chéo ta có:
Cl2: 71 19,5
51,5 => nCl2 = nO2
O2: 32 19,5
Cl- → 0,5Cl2 + 1e
x → 2x
H2O → 2H+ + 0,5O2 + 2e
x → 4x
ne = 2x + 4x = 0,24 => x = 0,04 mol
*t = 12352 giây => ne = It/F = 2,5.12352/96500 = 0,32 mol
Anot:
Cl- → 0,5Cl2 + 1e
0,04 → 0,08
H2O → 2H+ + 0,5O2 + 2e
0,06 ← 0,24
Catot: n khí (catot) = 0,11 – 0,04 – 0,06 = 0,01 mol
Cu2+ + 2e → Cu
y 2y
H2O + 1e → 0,5H2 + OH-
0,02 ← 0,01
=> ne = 2y + 0,02 = 0,32 => y = 0,15 mol
nCu2+ (Y) = 0,15 – 0,12 = 0,03 mol
Cho X, Y là hai axit cacboxylic đơn chức, mạch hở, phân tử đều có chứa hai liên kết π; Z là ancol hai chức có cùng số nguyên tử cacbon với X; T là este được tạo bởi X, Y và Z. Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z và T cần vừa đủ 28,56 lít O2 (đktc), thu được 45,1 gam CO2 và 19,8 gam H2O. Mặt khác, m gam E tác dụng với tối đa 16 gam Br2 trong dung dịch. Nếu cho m gam E tác dụng hết với dung dịch NaOH (dư, đun nóng) thì thu được bao nhiêu gam muối?
-
A.
11,0 gam.
-
B.
10,1 gam.
-
C.
12,9 gam.
-
D.
25,3 gam.
Đáp án : B
Ta thấy nH2O > nCO2 => Ancol là ancol no, hai chức, mạch hở
Quy đổi hỗn hợp E thành:
CnH2n-2O2 (= nBr2)
CmH2m+2O2
H2O (với n este = -nH2O mol)
nO2 = 1,275 mol; nCO2 = 1,025 mol; nH2O = 1,1 mol
BTNT “O”: nO(E) = 2nCO2 + nH2O – 2nO2 = 0,6 mol
Ta thấy nH2O > nCO2 => Ancol là ancol no, hai chức, mạch hở
Quy đổi hỗn hợp E thành:
CnH2n-2O2: 0,1 mol (= nBr2)
CmH2m+2O2: a mol
H2O: -b mol (=> n este = b mol)
BTNT “O”: nO = 2.0,1 + 2a – b = 0,6 (1)
BTNT “C”: 0,1n + am = 1,025 (2)
BTNT “H”: (n-1)0,1 + (m+1)a – b = 1,1 (3)
Giải (1) (2) (3) được: a = 0,225 và b = 0,05
Vậy E gồm
Este: 0,05/2 = 0,025
Ancol: 0,225 – 0,025 = 0,2
Axit: 0,1 – 0,025.2 = 0,05
Mặt khác ta có: 0,1n + 0,225m = 1,025 => 0,225m < 1,025 => m < 4,46
Mà ancol có số C bằng X nên suy ra: m ≥ 3 => 3 ≤ m < 4
+ m = 4 => n = 1,25 (loại)
+ m = 3 => n = 3,5 (nhận) => X là C3H4O2 và Z là C3H8O2
Gọi số C của Y là k, BTNT “C”: 0,025(3+k+3) + 0,2.3 + 0,05.3,5 = 1,025 => k = 4
=> Y là C4H6O2
=> nC3H4O2 = nC4H6O2 = 0,025 mol
\(E\left\{ \begin{gathered}
X:{C_3}{H_4}{O_2}:0,025 \hfill \\
Y:{C_4}{H_6}{O_2}:0,025 \hfill \\
Z:{C_3}{H_8}{O_{2:}}0,2 \hfill \\
T:{C_{10}}{H_{14}}{O_4}:0,025 \hfill \\
\end{gathered} \right. \to Muoi\left\{ \begin{gathered}
{C_3}{H_3}{O_2}Na:0,025 + 0,025 = 0,05 \hfill \\
{C_4}{H_5}{O_2}Na:0,025 + 0,025 = 0,05 \hfill \\
\end{gathered} \right.\)
=> m muối = 0,05.94 + 0,05.108 = 10,1 gam
Cho 66,2 gam hỗn hợp X gồm Fe3O4, Fe(NO3)2, Al tan hoàn toàn trong dung dịch chứa 3,1 mol KHSO4 loãng. Sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được dung dịch Y chỉ chứa 466,6 gam muối sunfat trung hòa và 10,08 lít (đktc) khí Z gồm 2 khí trong đó có một khí hóa nâu ngoài không khí. Biết tỉ khối của Z so với He là 23/18. Phần trăm khối lượng của Al trong hỗn hợp Z gần nhất với giá trị nào sau đây?
-
A.
30
-
B.
20
-
C.
15
-
D.
25
Đáp án : C
Bảo toàn khối lượng
Bảo toàn nguyên tố
MZ = 4.23/18 = 5,1 => khí còn lại là H2
Tính được nNO = 0,05 mol và nH2 = 0,4 mol
\(66,2(g)X\left\{ \begin{gathered}
F{e_3}{O_4} \hfill \\
Fe{(N{O_3})_2} \hfill \\
Al \hfill \\
\end{gathered} \right. + KHS{O_4}:3,1 \to 466,6(g)\,muoi\left\{ \begin{gathered}
F{e^{2 + }} \hfill \\
F{e^{3 + }} \hfill \\
A{l^{3 + }} \hfill \\
{K^ + }:3,1 \hfill \\
N{H_4}^ + \hfill \\
S{O_4}^{2 - }:3,1 \hfill \\
\end{gathered} \right. + \left\{ \begin{gathered}
NO:0,05 \hfill \\
{H_2}:0,4 \hfill \\
\end{gathered} \right. + {H_2}O\)
BTKL: mH2O = 66,2 + 3,1.136 – 466,6 – 0,05.30 – 0,4.2 = 18,9 gam => nH2O = 1,05 mol
BTNT “H”: nNH4+ = (nKHSO4 – 2nH2 – 2nH2O)/4 = (3,1 – 0,4.2 – 1,05.2)/4 = 0,05 mol
BTNT “N”: nFe(NO3)2 = (nNH4+ + nNO)/2 = (0,05 + 0,05)/2 = 0,05 mol
BTNT “O”: nFe3O4 = (4nSO42- + nNO + nH2O - 6nFe(NO3)2 - 4nKHSO4)/4 = 0,2 mol
mAl = mX – mFe3O4 – mFe(NO3)2 = 66,2 – 0,2.232 – 0,05.180 = 10,8 gam
=> %mAl = 10,8/66,2.100% = 16,3% gần nhất với giá trị 15%
Cho hỗn hợp E gồm 0,1 mol X (C5H11O4N) và 0,15 mol Y (C5H14O4N2, là muối của axit cacboxylic hai chức) tác dụng hoàn toàn với dung dịch KOH, thu được một ancol đơn chức, hai amin no (kế tiếp trong dãy đồng đẳng) và dung dịch T. Cô cạn T, thu được hỗn hợp G gồm ba muối khan có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử (trong đó có hai muối của hai axit cacboxylic và muối của một α-amino axit). Phần trăm khối lượng của muối có phân tử khối lớn nhất trong G là
-
A.
24,57%.
-
B.
54,13%.
-
C.
52,89%.
-
D.
25,53%.
Đáp án : B
Do thu được 2 amin no kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng nên suy ra Y là C2H5NH3OOC-COONH3CH3
=> Muối có 2C => ancol có 1C
=> CTCT của X
Do thu được 2 amin no kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng nên suy ra Y là C2H5NH3OOC-COONH3CH3
=> Muối có 2C => ancol có 1C
=> X là CH3COONH3-CH2-COOCH3
Vậy muối G gồm:
KOOC-COOK (0,15 mol)
H2N-CH2-COOK (0,1 mol)
CH3-COOK (0,1 mol)
%m KOOC-COOK = \(\frac{{0,15.166}}{{0,15.166 + 0,1.113 + 0,1.98}}.100\% \) = 54,13%