-
SBT TOÁN TẬP 1 - CÁNH DIỀU
-
SBT TOÁN TẬP 2 - CÁNH DIỀU
Giải bài 25 trang 109 sách bài tập toán 9 - Cánh diều tập 1
Cho hai đường tròn (O; R) và (O'; r) tiếp xúc ngoài với nhau tại A với \(R \ne r\). Đường nối OO' lần lượt cắt hai đường tròn (O) và (O’) tại B và C. Đường thẳng a lần lượt tiếp xúc với hai đường tròn (O) và (O') tại D và E. Gọi M là giao điểm của BD và CE. Chứng minh: a) \(\widehat {DME} = 90^\circ \) b) MA tiếp xúc với hai đường tròn (O) và (O') c) MD. MB=ME. MC
Tổng hợp đề thi học kì 1 lớp 9 tất cả các môn - Cánh diều
Toán - Văn - Anh - KHTN - Lịch sử và Địa lí
Đề bài
Cho hai đường tròn (O; R) và (O'; r) tiếp xúc ngoài với nhau tại A với \(R \ne r\). Đường nối OO' lần lượt cắt hai đường tròn (O) và (O’) tại B và C. Đường thẳng a lần lượt tiếp xúc với hai đường tròn (O) và (O') tại D và E. Gọi M là giao điểm của BD và CE. Chứng minh:
a) \(\widehat {DME} = 90^\circ \)
b) MA tiếp xúc với hai đường tròn (O) và (O')
c) MD. MB = ME. MC
Phương pháp giải - Xem chi tiết
a) Bước 1: Chứng minh \(\widehat {BOD} = \widehat {AO'E}\).
Bước 2: Chứng minh \(\widehat B = \widehat {EAO'} = \frac{{180^\circ - \widehat {EO'A}}}{2}\).
Bước 3: Chứng minh \(\widehat C + \widehat B = 90^\circ \).
b) Bước 1: Chứng minh \(IA = ID\).
Bước 2: Chứng minh \(\Delta OAI = \Delta ODI\).
c) Chứng minh tam giác BCM đồng dạng với tam giác EDM.
Lời giải chi tiết
a) Ta có DE tiếp xúc với (O) và (O’) nên \(DO \bot DE,EO' \bot DE\), do đó \(DO//EO'\),
Suy ra \(\widehat {BOD} = \widehat {AO'E}\) (2 góc so le trong). (1)
Do \(BO = DO\left( { = R} \right)\) nên tam giác BOD cân tại O, do đó \(\widehat B = \frac{{180^\circ - \widehat {BOD}}}{2}\). (2)
Do \(AO' = EO'\left( { = r} \right)\) nên tam giác AO’E cân tại O’, do đó \(\widehat {EAO'} = \frac{{180^\circ - \widehat {EO'A}}}{2}\). (3)
Từ (1), (2), (3) suy ra \(\widehat B = \widehat {EAO'}\). (4)
Xét tam giác EAC có nên tam giác EAC vuông tại E, do đó \(\widehat C + \widehat {EAO'} = 90^\circ \) (5)
Từ (4) và (5) suy ra \(\widehat C + \widehat B = 90^\circ \).
Xét tam giác MBC có \(\widehat C + \widehat B + \widehat {BMC} = 180^\circ \) hay \(90^\circ + \widehat {BMC} = 180^\circ \). Vậy \(\widehat {BMC} = 90^\circ \) hay \(\widehat {DME} = 90^\circ \).
b) Xét tam giác BDA có \(OB = OA = OD = \frac{{AB}}{2}\) nên tam giác BDA vuông tại D hay \(\widehat {BDA} = 90^\circ \), do đó \(\widehat {ADM} = 90^\circ \).
Xét tam giác AEC có \(O'E = O'A = O'C = \frac{{AC}}{2}\) nên tam giác AEC vuông tại E
hay \(\widehat {AEC} = 90^\circ \), do đó \(\widehat {AEM} = 90^\circ \).
Xét tứ giác DMEA có \(\widehat {ADM} = \widehat {DME} = \widehat {MEA} = 90^\circ \) suy ra DMEA là hình chữ nhật,
nên \(IA = ID\).
Xét 2 tam giác OAI và ODI có:
OI chung; \(OD = OA\left( { = R} \right)\); \(IA = ID\)
Suy ra \(\Delta OAI = \Delta ODI\) (c.c.c), do đó \(\widehat {OAI} = \widehat {ODI} = 90^\circ \) hay MA vuông góc với BD tại A.
Vậy MA tiếp xúc với hai đường tròn (O) và (O').
c) Do MA tiếp xúc với hai đường tròn (O) nên MA là tiếp tuyến của (O) hay \(\widehat {BAM} = \widehat {IAD} + \widehat {DAB} = 90^\circ \).
Ta lại có: tam giác ADB cân tại D nên \(\widehat B + \widehat {DAB} = 90^\circ \), do đó \(\widehat B = \widehat {IAD}\).
Mặt khác \(\widehat {MED} = \widehat {IAD}\) (DMEA là hình chữ nhật), do đó \(\widehat {MED} = \widehat B\).
Xét 2 tam giác BCM và EDM có:
\(\widehat {MED} = \widehat B\);
\(\widehat {BMC} = 90^\circ \)
Suy ra \(\Delta BCM\backsim \Delta EDM\) (g.g), nên \(\frac{{MD}}{{EM}} = \frac{{MC}}{{MD}}\) hay \(MD.MB = ME.MC\).
Bình luận
Chia sẻ
- Giải bài 26 trang 110 sách bài tập toán 9 - Cánh diều tập 1
- Giải bài 24 trang 109 sách bài tập toán 9 - Cánh diều tập 1
- Giải bài 23 trang 109 sách bài tập toán 9 - Cánh diều tập 1
- Giải bài 22 trang 109 sách bài tập toán 9 - Cánh diều tập 1
- Giải bài 21 trang 109 sách bài tập toán 9 - Cánh diều tập 1
>> Xem thêm
Luyện Bài Tập Trắc nghiệm Toán 9 - Cánh diều - Xem ngay
Tham Gia Group 2K10 Ôn Thi Vào Lớp 10 Miễn Phí
Các bài khác cùng chuyên mục
